O documento apresenta uma série de exercícios de resistência dos materiais. O primeiro exercício trata de uma barra prismática simplesmente apoiada que recebe uma força vertical, e o objetivo é determinar o valor máximo desta força com um fator de segurança de 2,5. Os demais exercícios envolvem cálculos de tensões, deformações, momentos de inércia e reações em diversas situações de barras e vigas sob ação de forças.

1. http://www.trabalhosfeitos.com/ensaios/Ed-Engenharia-6-Semestre/744703.html
Estudos Disciplinares 6 período Engenharia
Exercicio 1(João Carlos de Oliveira)
1-Uma barra prismática (eixo reto e seção transversal constante) tem eixo na posição
horizontal e cinco metros de comprimento, sendo simplesmente apoiada nas suas
extremidades (o apoio esquerdo é simples fixo e o outro é simples móvel, impedindo
translação vertical) e recebendo uma força vertical na sua seção central. Deseja-se
saber o maior valor desta força, com segurança dois e meio, sabendo que uma barra
idêntica, mas engastada em uma extremidade e recebendo oitenta quilonewton (kN)
como força vertical aplicada na outra extremidade, mostra ruína.
A 32 kN
B 128 kN
C 80 kN
D 64 kN
E 256 kN
Você já respondeu e acertou esse exercício. A resposta correta é: B.
Resolução:
[pic]
Exercicio 1 (Fernando Augusto)
Estudando inicialmente a barra engastada, temos que:
M=Fxd
M=80kN x 5m
M=400kNm
Substituindo na formula da tensão:
σ= [pic]
σ= [pic]
Estudando a outra barra, temos:
M=[pic]x 2.5
Substituindo na formula da tensão:
σ=[pic]x 2.5[pic]
Igualando as equações, e dividindo a primeira pelo fator de segurança = 2.5
[pic] = [pic]x 2.5[pic]
Cancelando a constante [pic]:
F=[pic]=128kN
ALTERNATIVA CORRETA LETRA B

2. Exercício 2 da ED (Fabio Rodrigues)
Faz se o DCL, determinando como ponto crítico o engaste. Colocando o momento
devido a força (F).
Calcula-se o centróide da peça e em seguida o momento de inércia (45x10³ mm⁴).
Depois faz-se o cálculo das forças atuantes em x, y e momentos.
Faz-se a representação e análise das forças de tração e compressão. Calculam-se
estas forças através das fórmulas Tração = força/área (0) e Tração = (momento *
distância) / momento de inércia (1,33xP Mpa – para tração e compressão).
Realiza-se a superposição de efeitos para descobrir a Tensão Máx de tração e
compressão.
Dada a tensão Admissível de 100Mpa, calcular a tração e compressão limites.
Encontra-se o valor de 75,1 KN
RESPOSTA CERTA É A D
Segue a Resolução do Exercício 2 da ED: (Vivian Gonçalves)
Como não há força normal atuando, para achar a força máxima basta calcular pela
seguinte fórmula:
tensão admissível = momento fletor * distância ao centróide / momento de inércia
Mudar as unidades de cm para mm
O momento fletor é: F * 4000 mm
A distância ao centróide é: 150 mm pois é o centro da seção transversal do retângulo
em relação ao eixo y.
O momento de inércia é: b * h ao cubo / 12 sendo assim: 200mm * (300mm) ao cubo /
12 = 450000000 mm4
Assim ficará:
100 N/mm2 = F * 4000mm * 150mm / 450000000mm4
Logo acha-se a F = 75kN .
Questão 3 (Andrea Aparecida)
Resposta correta:
|C[pic] |712,6 kgf/cm2 |
Justificativa:
Faz-se o DCL da barra e pelaequação do momento em A e encontra-se By=-1/2 tf.

3. Pelo somatório de força em y encontra-se Ay=5,5 tf.
Pelo somatório de força em x encontra-se Ax=0 tf.
Fazendo-se um corte na barra encontra-se N=0, V=2,5 tf e M=6 tf*m ou 600 tf*cm.
Utilizando a fórmula da tensão sabendo os valores de M, d e I encontra-se 0,7 tf/cm²
ou 725,8 kgf.
Exercicío 4 ED. (Carlos Maia)
Limite de Tensão:
Tensão adm.(tração) = [pic] Tensão adm.(comp.) = [pic]
Ponto critico: M(momento) = P.3 = 3 PNm
Calculo Centróide e Momento de Inércia.
X = 0
Ӯ = ΣA1-Y1/ ΣAi = A1 Ӯ1+ A2 Ӯ2+ A3 Ӯ3/A1+A2+A3 =
(15.200).100+(220.20).190+(15.200).100/(15.200)+(220+20)+15.200 = 138mm
Ix=BH^3/12
Obs: A peça gira no eixo X
IX1 = 15.200^3/12 = 10^6mm^4
IX2 = 220.20^3/12 = 146,6.10^3mm^4
IX3 = 15.200^3/12 = 10^6mm^4
IX = [IX1+A1(Y-Y1)^2]+[ IX2+A2(Y-Y2)^2]+[ IX3+A3(Y-Y3)^2] => IX = 40,6.10^6mm^4
Calculo Força Normal:
Tensão = F/A = 10P/10400 = 9,6.10^-4P
Flexão:
Tensão=M.d/I
Tração Máxima -> Tensão=3.10^3P.62mm/22,7.10^6mm^4 = 8,19.10^-3P (MPa)
Comp. Máxima -> Tensão=3.10^3P.138mm/22,7.10^6mm^4 = 18,23.10^-3P (MPa)
Superposição de Efeitos:
Tensão Máx. (tração) = -9,6.10^-4P+8,19.10^-3P = 7,23.10^-3P
Tensão Máx. (Comp.) = -9,6.10^-4P-18,23.10^-3P = 19,19.10^-3P
Tração Limite:

4. 60 = 7,23.10^-3P
P = 8298,7 N => 8,2 kN
Comp. Limite:
-100 = -19,19.10^-3P
P = 5211 N => 5,2kN
Obs: Apesar dos Valores Obtidos. A resposta correta no Site é a Letra B) 9,7Kn
Exercicío 4 ED.(Mario Landin)
Segue em anexo as fotos da resolução do exercício 4 e outro anexo a resposta
(justificativa) que coloquei na questão. Perguntei para o KAZUO, e ele me disse que
nao necessariamente precisa de colocar as contas, e sim explicar como voce chegou
no resultado, pois tbm é meio dificil de colocar aquelas formulas no campo de
justificativa, mesmo assim justifiquei e coloquei algumas formulas.
Essa questão que resolvi era a questão 4, o kazuo ate tinha resolvido em sala de aula,
mas a resposta nao bateu, entao fui atraz dele novamente recalculamos e obtivemos
aproximadamente a resposta certa da questao !
ENTAO QUESTAO 4 = RESOLVIDA (Resposta certa é a B = 9,7KN) ! deskulpa a
demora !
Justificativa: Apos os calculos de Limite de tensão adm de compr e tração, acha-se o
centroide (dividindo a peça em 3), e depois acha-se o momento de inercia, para assim
achar a força normal e flexão. (tensao = f/a e tensao = md/i). Apos encontrado os
resultados, foi feito superposição de efeitos para isolarmos a força peso e acharmos o
peso em N, dividindo por 1000 achamos em KN e a resposta é aprox. 9,7
QUESTÃO 5 ( Joana Cristina )
Resposta: C
Exercício 5
c) 14,4 kN (correta)
Para solução do exercício foram utilizados os dados do exercício 4.
Iz = 4,07082 x 10^-5

5. αg = 125mm
βg = 138mm
Mmax. = P x 3m
Área total = 0,0104m
σ /2 = ((M x Z)/I)+ (N/At)
300 x 10^3 / 2 = ((P x 3 x 0138)/ 4,07082 x 10^-5) + (10P/0,0104)
150000 = 10,17 x 10^3 P = 961,5 P
150000 = 11131,5 P
P = 150000/11131,5
P = 13,5 kN
Questão 6 – Resposta D (Antonio Carlos) ( Allan Justino)
A tensão de tração é dada pelo produto do momento (10KNm) pela distância de
pontos z (0,7m). Esse valor é divido pelo momento de Inércia Iy, que é dado pela
fórmula bh3/12 (0,007). O valor do momento de tração é igual a 18,17 Mpa
QUESTÃO 7 (Joana Cristina )
a) 454x10³ mm³ e 1850x10³ mm³ (correta
Resposta: A
Solução:
Iy = 37 x 10^6
Wy = Iy / z
Wy = (37 x 10^6 x 2) / 40
Wy = 1850 x 10^3 mm³

6. Wy = Iy / z
Wy = (37 x 10^6 x 2) / 163
Wy = 454 x 10^3 mm³
QUESTÃO 8 ( Joana Cristina )
Resposta: B
b) 25 kN (correta)
Calculo das reações de apoio e momento
∑Fx = 0
∑Fy = 0
Ha – 10 = 0
Ha = 10 kN
∑Mb = 0
Ma + 1,5P x 1,9 – P x 4,1 = 0
Ma + 2,85P – 4,1P = 0
Ma – 1,25P = 0
Ma = 1,25P kN.m
Área da viga =
At = 0,009525 x 2
At = 0,01905 m²
Momento máximo
M = P x 2,2
M = 2,2P
σadm = σe/CS
σadm = 240 MPa/2

7. σadm = 120 MPa/2
Calculo dos módulos de resistência
Wy = Iy/z1
Wy = 74 x 10^-6 / 0,040
Wy = 1,85 x 10^-3 m³
Wy = Iy/z2
Wy = 74 x 10^-6 / 0,163
Wy = 0,454 x 10^-3 m³
σadm = M/Wy
120000 = 2.2P / 0,454 x 10^-3
P = (120000 x 0,454 x 10^-3) / 2,2
P = 24,76 kNExercício 9( Joana Cristina )
b) 54,32 MPa (correta)
Dados:
T = 4,5 kN.m
d = 75 mm
L = 1,2 m
τ = (T x R) / It
It = π x d^4 / 32
It = π x 0,075^4 / 32
It = 3,1 x 10^-6
τ = (T x R) / It
τ = (4,5 x 10^3 x 0,0375) / 3,1 x 10^-6
τ = 54,32 MPa

8. QUESTÃO 9 (RSFROSANA)
:Fazendo o cálculo,tensão em x e y,dividindo por 2,elevando ao quadrado e
somando podemos obter esse resultado:54,32Mpa.Obrigada.
RESPOSTA: B
exercício 10 (Gabriela Natsue)
1- Mt = 4,5 kN.m = 4,5.103N.m
D = 75mm = 0,075m
L = 1,2m
G = 27GPa = 27.109Pa
2- Calcular o ângulo de torção: θ = Mt x L / Jp x G (I)
3- Calcular o momento polar de inércia do círculo: Jp = ∏ x d4 / 32 (II)
4- Substituir II em I tem se:
θ = 32 x Mt x L / ∏ x d4 x G
θ = 32 x 4,5.103 x 1,2 / ∏ x (0,075)4 x 27.109
θ = 0,064 rad
Questão 10 – Resposta D (Antonio Carlos) ( Allan Justino)
O ângulo de deformação por torção, em radianos é dado pela fórmula da
multiplicação do torque (4,5Knm) pelo comprimento L (1,2m). Dividido pelo
Momento de inércia Polar J (0,000003106Nm) e pelo módulo de elasticidade
transversal (0,064GPA). O ângulo é igual a 0,064 rad.

9. QUESTÃO 11 (MARIA SILVA)
Alternativa (A) Seguro
Justificativa:
Pela fórmula: Ʈ=Tc/J, determinamos as tensões máxima e minima. Foi
fornecido no enunciado os diâmetros externo e interno, então pode-se
determinar J.
J= п/2* (rext^4 –
rint^4)
J= п/2* ((12,5.10ˉ³)^4 – (10. 10ˉ³)^4)
J= 2,2641 еˉ8 m^4
Logo: бmáx= 300*12,5.10ˉ³/2,2641 еˉ8 = 165,6MPa
Obtemos a tensão admissível da seguinte forma:
бadm = бesc/2
бadm = 320/2 = 160 MPa
A tensão admissivel é menor que a tensão máxima, pode- se concluir que é
seguro, já que a tensão de escoamento é maior que a tensão máxima.
QUESTÃO 12 ( )
Resposta: B

10. QUESTÃO 13 ( Joana Cristina )
Resposta: C
c) 60 N (correta)
Dados:
d = 8 mm
L = 300 mm
τ máx = 180 MPa
It = π x d^4 / 32
It = (π x 0,008^4) / 32
It = 4,02 x 10^-10 m^4
τ = T x R / It
180 x 10^6 = (0,3 x F x 0,004) / (4,02 x 10^-10)
F = 180 x 10^6 / 2,98 x 10^6
F = 60,3 N
Exercício (14) (Sheila)
Resposta: E
[pic]
Transformando as unidades para metros e realizando os cálculos pela formula
de
Tensão = deformação x módulo de escoamento

11. 180x10^6 = 84x10^9(deslocamento/0,3)
Deslocamento aproximadamente = 8mm
Exercicio 14 a resposta correta é a letra E. (Danielle)
Conversei com o professor Cazu na terça feira dia 30/10 e o mesmo me disse
que o exercicio não pode ser resolvido pois falta informaçao, como por exemplo
o desenho, onde mostra o comprimento da alavanca.
sugiro que os outros alunos respondam como eu disse assina, ou se
preferirem usem a teoria, usando a equaçao calculou- se as tensoes chegando
a resposta.
Danielle
Exercício (15) (Alex)
[pic]
Resposta: A
A tensão principal 1 se determina intersecção entre o eixo e o lado direito do
círculo que é igual á = 99,4 .A tensão principal 2 se determina intersecção entre
o eixo e o lado esquerdo do círculo que é igual á = 15,6
QUESTÃO 16 (Joana Cristina )
Resposta: D
d) 41,9 (correta)

12. Neste cálculo utiliza-se o diagrama de Mohr, este determina as tensões
principais atuantes baseado no método gráfico, para tal definimos que
σx=45Mpa, σy=70Mpa, e τxy=40Mpa.
Baseado nos dados gráficos desenhados em escala pode-se constatar as
tensões máximas como sendo a distância entre a origem do circulo de mohr
até a linha tangente do circulo, o centro do circulo e definido pela reta diagonal
entre as tensões normais e a tensão de cisalhamento.
Também pode ser utilizada a fórmula seguinte para determinação das tensões
principais:
σ= (σx+ σy)/2 ± [((σx- σy)/2)² + τxy²]^0,5
Através dos cálculos foram obtidos os valores de σ1=99,4 Mpa e σ2=15,6 Mpa
Para encontrar a tensão de cisalhamento máxima τmáx utiliza-se a fórmula que
segue:
τmáx=| σ1- σ3|/2, logo a tensão de cisalhamento máxima encontrada é de τmáx
=41,9 MPa
QUESTÃO 16 (Marcelo Souza)
Analisando o diagrama de tensões no plano XY têm-se:
Tensão de tração em x = 70 Mpa
Tensão de tração em y = 45 Mpa
Tensão de cisalhamento = 40 Mpa
Aplicando a
fórmula da tensão máxima com os valores descritos no enunciado.
[pic]
[pic]
[pic]

13. exercicio 17 (Allan Martins)
Marcando os pontos das forças como P1(-70,-40) P2(45,40), traçando a reta
entre esse pontos encontramos um raio de 70. Fazendo arc tangente de 1.23, o
angulo é aproximadamente 50º.
Resposta B (54º)
QUESTÃO 18 ( Felipe Nogueira )
Resposta: C
Tensão em x: 40mPa ; Tensão em y: 60mPa ; e Cisalhamento xy: -30 mPa
Colocando na formula tg2teta = 2 x Cisalhamento / Tesnão X - Tensão Y, e
extraindo arc tangente de , temos um angulo de aproximadamente 60º
Resposta certa letra C
QUESTÃO 18(Cintia Carvalho)
RESPOSTA: C
[pic]
[pic]
[pic]
[pic]

14. [pic]
[pic]
[pic]
Aproximadamente 60°
QUESTÃO 19 (Joana Cristina )
Resposta: D
d) 75º (correta)
e) 90º
Resolução:
σ= (σx+ σy)/2 ± [((σx- σy)/2)² + τxy²]^0,5
σ= (40 + 30) / 2 +[((40-30) / 2)^2 + 60^2]^0.5 = 74.5 MPA
σ= (40 + 30) / 2 – [((40-30) / 2)^2 + 60^2]^0.5 = -65.5 MPA
Através do Gráfico de Mohr encontra-se o ângulo de 75°
QUESTÃO 20 ( )
Resposta: A

15. QUESTÃO 21 ( )
Exercício 21 – Renan Meirelles
Resposta: B
* Utilizando a fórmula para calcular Tensão Máxima e Mínima:
Tensão max, min = (Sx+Sy)/2 +- Raiz [((Sx-Sy)/2)²+T²xy]
Tensão max, min = (70+0)/2 +- Raiz [((70-0)/2)²+60²]
Tensão max, min = 35 +- Raiz [35²+60²]
Tensão max, min = 35 +- Raiz [35²+60²]
Tensão max, min = 35 +- 69,46
* Tensão Máxima = 35+69,46 = 104,46 MPa
* Tensão Mínima = 35-69,46 = -34,46 MPa
* O círculo desenhado na Alternativa B é o único que representa graficamente
os resultados encontrados.
Exercício 21 (Paulo Henrique)
a) Figura A
b) Figura B (correta)
c) Figura C
d) Figura D
e) Figura E
Resolução:
σ= (σx+ σy)/2 ± [((σx- σy)/2)² + τxy²]^0,5
σ= (70+0) / 2 + [((70-0) / 2) ²¨+ 60^2]^0,5 = 104,5 MPA
σ= (70+0) / 2 - [((70-0) / 2) ²¨+ 60^2]^0,5 = -34,43 MPA
Através do Diagrama a figura B esta correta.

16. Exercício 21 (Felipe Bustamante)
Resposta certa é a B
Resolução:
σ= (σx+ σy)/2 ± [((σx- σy)/2)² + τxy²]^0,5
σ= (70+0) / 2 + [((70-0) / 2) ²¨+ 60^2]^0,5 = 104,5 MPA
σ= (70+0) / 2 - [((70-0) / 2) ²¨+ 60^2]^0,5 = -34,43 MPA
Através do Diagrama a figura B esta correta
QUESTÃO 22 ( Thiago Santos )
Resposta: B
∑MA = 0
8 . 2 – By . 4 - 3,6 = 0
By = – 42 tf
∑Fy = 0
Ay + By – 8 + 3 = 0
Ay = 5,5 tf
∑Fx = 0
Ax = 0
Montando o Sistema:
N = 0
V = 2,5 tf
M = 3.2 = 6 tfm = 600 tfcm
σD = (M.d)/I = (600 tfcm.16,5cm)/13640cm4 = 0,73 tf / cm2
σD = - 431,1 kgf/cm2

17. ED 23 (Kamila dias)
RESPOSTA: A
[pic]
QUESTÃO 24 ( )
Resposta: B
QUESTÃO 25 (EVERTON)
CALCULAR A ÁREA DA SECÃO CIRCULAR:
A=π.D2/4 = 1,13.10-4
CALCULAR O MOMENTO DE INERCIA DA SEÇÃO CIRCULAR:
I= π.R4/4 =
1,01.10-9
CALCULAR O MOMENTO:
M= F.d = 800.(15.10-3) = 12Nm
CALCULAR A TENSÃO REFERENTE À FORÇA NORMAL:
σ = F/A = 800/1,13.10-4 = 7,07 MPa
CALCULAR A TENSÃO REFERENTE À TRAÇÃO DO MOMENTO:
σ = M.d/I = 12.(6.10-3)/ 1,01.10-9 = 70,7 MPa.
CALCULAR A TENSÃO REFERENTE À COMPRESSÃO DO MOMENTO:
σ = M.d/I = 12.(6.10-3)/ 1,01.10-9 = - 70,7 MPa.
SOMAR OS EFEITOS:
σ = 7,07 MPa + 70,7 MPa = 77,77 MPa

18. σ = 7,07 MPa - 70,7 MPa = -63,63 MPa
RESPOSTA CORRETA: letra C (77,8 MPa , -63,6 MPa)
exercicio 25 (ED). (Luiz Marcelo)
[pic]T=f/a=7,07 Soma momento=12(nm) Ttração máx=70,7(mpa) Tcomp
máx=70,7(mpa) &.máx.tração=77,8(mpa) &.máx.comp=-63,63 (mpa)
QUESTÃO 26 ( )
Resposta: A
[pic]
QUESTÃO 27 (KELVIN FRANCO)
Mx=(75x10^3) x (50x10^ -3)
Mx=3750 Nm ou My=3750x10^3 Nmm
My=(75x10^3) x (75x10^ -3)
My=5625 Nm ou My=5625x10^3 Nmm
δA= - F/A + Mx.y/Ix - My.x/Iy
δA= - (75x10^3/200x150) + (3750x10^3 x 100/ 150x(200^3)/12) + (5625x10^3
x 75/200 x (150^3)/12)
δA= - 2,5 + 3,75 + 7,5
δA= 8,75 MPa
Alternativa A (8,75 MPa)
Abaixo Revisao QUESTÃO 27 por (KELVIN FRANCO)
Mx=(75x10^3) x (50x10^ -3)
Mx=3750 Nm ou My=3750x10^3 Nmm

19. My=(75x10^3) x (75x10^ -3)
My=5625 Nm ou My=5625x10^3 Nmm
δA= - F/A + Mx.y/Ix - My.x/Iy
δA= - (75x10^3/200x150) + (3750x10^3 x 100/ 150x(200^3)/12) + (5625x10^3
x 75/200 x (150^3)/12)
δA= - 2,5 + 3,75 + 7,5
δA=
8,75 MPa
Alternativa A (8,75 MPa)
QUESTÃO 27 (Ricardo Luz)
ternsao A= F/A = 75000/(200*150)= -2,5
Mk=75000*50 = 3750000 Nmm
Ik= (150*200)3/12 = 100000000 mm4
Mr= 75000*75 = 56250000 Nmm
Ir= (200*150)3/12 = 56250000 mm4
Tensao A= 8,75Mpa
resposta A
QUESTÃO 28 ( )
Resposta: B
QUESTÃO 29 (Gustavo Henrique)
justificativa é a solução do problema.
Cálculo do momento:
[pic]
[pic]

20. [pic]
[pic]
Cálculo da Inércia:
[pic]
[pic]
Substituindo:
[pic]
[pic]
[pic]
[pic]
" o ângulo de torção entre as duas barras é igual, e a TAl+ TLt = 10Knm .
igualando a deformação nas duas barras, obtem-se que o momento de tração
no Latão é de 8,2KNm. "
EXERCÍCIO ED 29(Gustavo Henrique)
CÁLCULO DO MOMENTO:
Mx = 75.10³ x 0,05
Mx = 3750Nm
Mx = 75.10³ x 0,075
Mx = 5625Nm
CÁLCULO DA INÉRCIA:
Ix = (b.h³)/12
IX = (150 x 200³)/12
Ix = 100000 . 10³
Ix = (h.b³)/12
Ix = (200 x 150³)/12
Ix = 56250 . 10³
SUBSTITUINDO:

21. τc = -(F/A)-(MX . Y)/Ix - (MY . X)/Iy
τc = -75.10³/(250 x 150) - (3750.10³ x 100)/100000.10³ - (5625.10³ x
75)/56250.10³
τc = -2,5 - 3,75 - 7,5
τc = -13,75MPa
RESPOSTA: C
QUESTÃO 30 (GIL FARIAS)
|Flexão 1 | |F |75000 | | |
| | |braço |50 | | |
| |
|M |3750000 | | |
| | |b |150 | | |
| | |h |200 | | |
| | |I |100000000 | | |
| | |c |100 | | |
| | |σ |3,75 |Tração | |
| | | | | | |
|Flexão 2 | |F |75000 | | |
| | |braço |75 | | |
| | |M |5625000 | | |
| | |b |200 | | |
| | |h |150 | | |
| | |I |56250000 | | |
| | |c |75 | | |
| | |σ

22. |-7,5 |Compressão | |
| | | | | | |
|Compressão | |F |75000 | | |
| | |b |150 | | |
| | |h |200 | | |
| | |Área |30000 | | |
| | |σ |-2,5 |Compressão | |
| | | | | | |
|Total | |σ |-6,25 |Compressão |Letra B |
QUESTÃO 31 (Joana Cristina )
Resposta: D
d) 4,55 ( correta)
Resolução:
Tensão = 140 MPA / 3 = 4,66 KN.M
QUESTÃO 32 (Leôncio Pires )
Resposta: B
JAL= (0,04^4)*π/32

23. J=2,51E-7
JLT=(0,07^4-0,050^4)*π/32
J=1,74E-6
T-TA-TB=0 (1)
EQ. DE ø TA*0,4/(2,51E-7*26E9)-TB*0,4/(1,74E-6*39E9)=0 (2)
TA=0,091*TB
Substituindo 1 em 2
1,0961*TB=10000
TB=9,12 KN.m.
RESPOSTA B
QUESTÃO 33 (FABIANO)
Oi, eu fiz o exercicio e inclusive tirei as duvidas e comentei com o Prof KAzuo,
e o resultado é de 8,02
KNm . Porem, no site, o resultado correto é de 0,9knm.Segue a justificativa do
exercicio!
JUSTIFICATIVA ABAIXO ESCRITO A MÃO.
EXERCICIO FEITO EM SALA DE AULA
RESPOSTA: A
[pic]
Questão 34 (Danilo Moura)
Tenção de cisalhamento = (T x C)/Jt => 5 = 5*10^3*25*10^-2
______________

24. (pi*0,25^4)/2-(pi*d^4)/2
isolando o d obtemos 227 mm
A resposta correta é: C.
Exercício 34 (Eduardo Teles)
a) 2,27 mm
b) 22,7 mm
c) 227 mm (correta)
d) 72,7 mm
e) 7,72 mm
Dados: T = 5kN.m, D = 25cm, L = 3m, d = ?, Θ = 0,2º, τmax = 500N/cm² ou 5 x
10^6 N/m²
Solução:
Cálculo do It
τ = (T x R)/ It
It = (T x R)/ τ
It = (5 x 10^3 x 0,125)/ 5 x 10^6
It = 1,25 x 10^-4 m^4
It = (Π/32) x (D^4 – d^4)
1,25 x 10^-4 = (Π/32) x (0,25^4 – d^4)
1,25 x 10^-4 x 32 / Π = 3,906 x 10^-3 – d^4
1,27 x 10^-3 - 3,906 x 10^-3 = – d^4
-2,632 x 10^-3 = – d^4 (-1)

25. d = Raiz a4ª (2,632 x 10^-3)
d = 0,227 m
d = 227 mm
Questão 35 (Bruno Maciel)
Conforme combinado, resolvi o exercício da lista (n°35), Ficando da seguinte
maneira: Resposta: letra A (242 mm) Justificativa:
-- Para se calcular o Ø mínimo precisamos primeiramente J (Momento de
Inércia Polar). Por se tratar de um eixo tubular (vazado), precisamos utilizar a
equação G = (T.L)/(J.Ø), isolamos o J, encontrando o
valor de 78947,37 cm4.
-- Calculado o J, utilizamos a fórmula J = [π.(Ce4-Ci4)]/2. Isolando o Ci, que é
o raio do diâmetro interno que procuramos, obtemos o valor de 12,1 cm, ou
seja, Ci = 121 mm. Multiplicando por 2 obtemos o diâmetro interno máximo de
242 mm. Resposta correta: alternativa A Qualquer dúvida entrar em contato.
Assim que tiver outras questões resolvidas, favor me enviar. Obrigado
EXERCICIO 35 ED (LEÔNCIO PIRES)
A resposta correta é:A
Calculado o di considerando o angulo, utilizando a equação g = (t.l)/(j.ø),
isolamos o j calculado o j, utilizamos a fórmula j = [π.(ce4-ci4)]/2. isolando o ci,
que é o raio do diâmetro interno que procuramos, obtemos o valor de 12,1 cm,

26. ou seja, ci = 121 mm. multiplicando por 2 obtemos o diâmetro interno máximo
de 242 mm.
ED exercicio 36(Cledson luiz)
242=24,2 cm d=24,2 cm D=25 cm Fórmula (PI/32).D^4-d^4 = it (PI/32)390625-
342974,20= 4678,10/1000= 4,67 kN.m aprox 5kN.m
RESPOSTA: E
Exercicio 37) (C) - (Maite Amaral)
Através da fórmula para o cálculo do ângulo de deformação: angulo=
(TxL)/(JxG), calcular os ângulos nos trechos AB, BC e CD e depois somá-los.
Assim chega-se no resultado,aproximadamente: 0,011 rad.
exercício 37 (Aline Alves)
Ø = 50 mm R = 25 mm ou 0,025 m
J = π . r 4 = 3,14 . (0,025)4
2 2
J = 0,000000613 m
ØAD = TAD . LAD = 0,9 . 103 . 0,4
J . G 0,000000613 . 84.109

27. ØAD = 0,011
ALTERNATIVA C