Material sobre Conjuntos, Relação de Pertinência, Representação de Conjuntos, Tipos de Conjuntos, Igualdade de Conjuntos, Subconjuntos e Partes de um Contuntos. Possui exercícios, onde a parte em azul são as respostas de tais.
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Projeto de articulação curricular:
"aLeR+ o Ambiente - Os animais são nossos amigos" - Seleção de poemas da obra «Bicho em perigo», de Maria Teresa Maia Gonzalez
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Slideshare Lição 10, CPAD, Desenvolvendo uma Consciência de Santidade, 2Tr24, Pr Henrique, EBD NA TV, Lições Bíblicas, 2º Trimestre de 2024, adultos, Tema, A CARREIRA QUE NOS ESTÁ PROPOSTA, O CAMINHO DA SALVAÇÃO, SANTIDADE E PERSEVERANÇA PARA CHEGAR AO CÉU, Coment Osiel Gomes, estudantes, professores, Ervália, MG, Imperatriz, MA, Cajamar, SP, estudos bíblicos, gospel, DEUS, ESPÍRITO SANTO, JESUS CRISTO, Com. Extra Pr. Luiz Henrique, de Almeida Silva, tel-What, 99-99152-0454, Canal YouTube, Henriquelhas, @PrHenrique, https://ebdnatv.blogspot.com/
Atividade - Letra da música "Tem Que Sorrir" - Jorge e MateusMary Alvarenga
A música 'Tem Que Sorrir', da dupla sertaneja Jorge & Mateus, é um apelo à reflexão sobre a simplicidade e a importância dos sentimentos positivos na vida. A letra transmite uma mensagem de superação, esperança e otimismo. Ela destaca a importância de enfrentar as adversidades da vida com um sorriso no rosto, mesmo quando a jornada é difícil.
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Caderno de Resumos XVIII Encontro de Pesquisa em Filosofia da UFU, IX Encontro de Pós-Graduação em Filosofia da UFU e VII Encontro de Pesquisa em Filosofia no Ensino Médio
proposta curricular da educação de jovens e adultos da disciplina geografia, para os anos finais do ensino fundamental. planejamento de unidades, plano de curso da EJA- GEografia
para o professor que trabalha com a educação de jovens e adultos- anos finais do ensino fundamental.
Na sequência das Eleições Europeias realizadas em 26 de maio de 2019, Portugal elegeu 21 eurodeputados ao Parlamento Europeu para um mandato de cinco ano (2019-2024).
Desde essa data, alguns eurodeputados saíram e foram substituídos, pelo que esta é a nova lista atualizada em maio de 2024.
Para mais informações, consulte o dossiê temático Eleições Europeias no portal Eurocid:
https://eurocid.mne.gov.pt/eleicoes-europeias
Autor: Centro de Informação Europeia Jacques Delors
Fonte: https://infoeuropa.mne.gov.pt/Nyron/Library/Catalog/winlibimg.aspx?doc=52295&img=11583
Data de conceção: maio 2019.
Data de atualização: maio 2024.
LIVRO MPARADIDATICO SOBRE BULLYING PARA TRABALHAR COM ALUNOS EM SALA DE AULA OU LEITURA EXTRA CLASSE, COM FOCO NUM PROBLEMA CRUCIAL E QUE ESTÁ TÃO PRESENTE NAS ESCOLAS BRASILEIRAS. OS ALUNOS PODEM LER EM SALA DE AULA. MATERIAL EXCELENTE PARA SER ADOTADO NAS ESCOLAS
proposta curricular para educação de jovens e adultos- Língua portuguesa- anos finais do ensino fundamental (6º ao 9º ano). Planejamento de unidades letivas para professores da EJA da disciplina língua portuguesa- pode ser trabalhado nos dois segmentos - proposta para trabalhar com alunos da EJA com a disciplina língua portuguesa.Sugestão de proposta curricular da disciplina português para turmas de educação de jovens e adultos - ensino fundamental. A proposta curricular da EJa lingua portuguesa traz sugestões para professores dos anos finais (6º ao 9º ano), sabendo que essa modalidade deve ser trabalhada com metodologias diversificadas para que o aluno não desista de estudar.
1. 1
Determinar x de modo que o triângulo ABC seja
retângulo em B. São dados: A(4, 5), B(1, 1) e C(x, 4)
Se o triângulo é retângulo em B, tiramos as seguintes
conclusões:
A hipotenusa é o lado AC
Cateto BA
Cateto BC
A(4,5) ; B(1,1), C(x,4).
DAC = √(4 − 𝑥)2 + (5 − 4)²
DAC = √16 − 8𝑥 + 𝑥2 + 1
DAC = √ 𝑥² − 8𝑥 + 17
DAB = √(4 − 1)2 + (5 − 1)²
DAB = √3² + 4²
DAB = √9 + 16
DAB = √25
DAB = 5
DBC = √(1 − 𝑥)2 + (1 − 4)²
DBC = √1 − 2𝑥 + 𝑥2 + 9
DBC = √ 𝑥² − 2𝑥 + 10
Pelo TEOREMA DE PITÁGORAS:
AC² = BA²+BC²
(√ 𝑥² − 8𝑥 + 17)² = 5²+ (√ 𝑥² − 2𝑥 + 10)²
x² - 8x + 17 = 25 + x² - 2x + 10
x² - x² - 8x + 2x + 17 – 25 – 10 = 0
- 6x = 35 – 17
- 6x = 18 x( - 1 )
6x = - 18
x = - 18/6
x = - 3 .
2
Se P(x, y) equidista de A(-3, 7) e B(4,3), qual é a
relação existente entre x e y ?
Para que o ponto P equidiste de A e B, obrigatoriamente:
DPA = DPB, logo:
√( 𝑥 + 3)2 + ( 𝑦 − 7 )²) = (√( 𝑥 − 4)2 + (𝑦 − 3)²
(√𝑥² + 6𝑥 + 9 + 𝑦² − 14𝑦 + 49)²=(√𝑥² − 8𝑥 + 16 + 𝑦2
− 6𝑦 + 9 )²
x² + 6x + 9 + y² - 14y + 49 = x² - 8x + 16 + y² - 6y + 9
x² + 6x + 9 + y² - 14y + 49 – x² + 8x – 16 – y² + 6y – 9 = 0
x² - x² + y² - y² + 6x + 8x – 14y + 6y + 9 + 49 – 16 – 9 = 0
14x – 8y – 33 = 0
14x = 8y + 33
x = 8y + 33 .
14
3
Determinar o ponto P, pertencente ao eixo das
abscissas, sabendo que é equidistante dos pontos
A(1, 3) e B(-3, 5).
Se o ponto P é equidistante dos pontos A e B, então a
distância do P ao A é a mesma para o B. Como p ponto P
pertence ao eixo das abscissas, ele é o ponto P(x,0).
Dados:
P(x,0) A(1,3) B(-3,5)
DPA = DPB
√( 𝑥 − 1)2
+ (0 − 3)² = √( 𝑥 + 3)2
+ (0 − 5)²
√ 𝑥² − 2𝑥 + 1 + 9 = √ 𝑥² + 6𝑥 + 9 + 25
(√ 𝑥² − 2𝑥 + 10)²=( √ 𝑥² + 6𝑥 + 34)²
x²-2x+10 = x²+6x+34
x²-x²-2x-6x+10-34 = 0
-8x– 24 = 0
-8x= 24 x( - 1 )
8x = -24
x = -24/8
x = - 3 .
4
Dados os pontos B(2,3) e C(-4, 1), determinar o
vértice A do triângulo ABC, sabendo que é o ponto
do eixo y do qual se vê BC sob ângulo reto.
Como temos um ângulo reto, faremos pelo teorema de
Pitágoras:
B=(2,3)
C=(-4,1)
A=(0,y), já que vê-se BC sob um ângulo reto.
DAC=√(−4 − 0)2 + (1 − 𝑦)²
DAC=√16 + 1 − 2𝑦 + 𝑦²
DAC=√𝑦² − 2𝑦 + 17
2. DBC=√(−4 − 2)2 + (1 − 3)²
DBC=√(−6)2 + (−2)²
DBC=√36 + 4
DBC=√40
DAB=√(0 − 2)2 + (𝑦 − 3)²
DAB=√4 + 𝑦² − 6𝑦 + 9
DAB=√𝑦² − 6𝑦 + 13
A hipotenusa é: DBC=√40, logo, pelo teorema de
Pitágoras:
BC² = AC²+AB²
(√40)² = (√𝑦² − 2𝑦 + 17)² + (√𝑦² − 6𝑦 + 13)²
40 = y²-2y+17+y²-6y+13
y²-2y+17+y²-6y+13 – 40 = 0
2y²-8y-10 = 0 ( : 2)
Y²-4y-5 = 0
= b² - 4ac
= (-4)²-4.1.(-5)
= 16+20
= 36
Y = - b ± √
2.a
Y = 4 ± √36
2
Y = 4 ± 6
2
Y’ = 10/2 = 5
Y’’ = - 2/2 = - 1. Logo: y = -1 ou y = 5.
5
Mostrar que A(a,2a–1), B(a+1,2a+1) e C(a+2,2a+3)
Serão colineares se o determinante for igual a zero.
a(2a+1)+(2a-1)(a+2)+(a+1)(2a+3)-
- [(a+2)(2a+1)+a(2a+3)+(a+1)(2a-1)] = 0
2a²+a+2a²+4a-a-2+2a²+3a+2a+3-[2a²+a+4a+2+2a²+
+3a+2a²-a+2a-1] = 0
2a²+a+2a²+4a-a-2+2a²+3a+2a+3-2a²-a-4a-2-2a²-
-3a-2a²+a-2a+1 = 0
-2+3-2+1 = 0
-2-2+3+1 = 0
-4+4 = 0, 0 = 0 logo
Realmente os pontos são colineares.
6
Dados A(-5,-5), B(1,5), C(19,0) e
( r )5x-3y=0, verificar se r passa pelo baricentro do
triângulo ABC.
G = (xa+xb+xc , ya+yb+yc)
3 3
G = (-5+19+1 , - 5+0+5)
3 3
G = ( 5, 0 )
Vamos testar na equação da reta (r)=5x-3y = 0 para
verificar se r passa pelo baricentro do triângulo ABC.
G(5,0)
5x-3y = 0
5.5 – 3.0 = 0
25 – 0 = 0
25 ≠ 0, logo, a reta r não passa pelo baricentro.
7
(MAPOFEI-74) Determinar a interseção das retas x
+ 2y = 3 e 2x + 3y = 5.
x + 2y = 3 x(-2)
2x + 3y = 5
= 0
3. -2x -4y = -6
2x + 3y = 5
-y = -1 x(-1)
y = 1
X = ?
x + 2y = 3
x + 2.1 = 3
x + 2 = 3
x = 3 – 2
x = 1
Logo, o ponto de interseção é (1,1)
8
Determinar a equação da reta comum aos feixes:
(1) ( x + y + 1) + m . ( x – y – 3 ) = 0
(2) ( 2x + 3y – 5 ) + p . ( 4x + y – 5 ) = 0
Primeira reta:
Para m = 1
x + y + 1 + 1 . (x – y – 3) = 0
x + y + 1 + x – y – 3 = 0
2x – 2 = 0 (I)
Para m = 2
x + y + 1 + 2 . ( x – y – 3 ) = 0
x + y + 1 + 2x – 2y – 6 = 0
3x – y – 5 = 0 (II)
Sistema entre (I) e (II) para determinar suas
coordenadas:
2x – 2 = 0
3x – y – 5 = 0
2x = 2
x = 2/2
x = 1
Y = ?
3x – y – 5 = 0 3 . 1 – y – 5 = 0
3 – y – 5 = 0 -y = 5 – 3
-y = 2 x(-1) Y = -2
Par ordenado da primeira reta: (1, -2)
Segunda reta:
Para p = 3
2x + 3y – 5 + 3 . (4x + y – 5 ) = 0
2x + 3y – 5 + 12x + 3y – 15 = 0
14x + 6y – 20 = 0 ( III )
Para p = 2
2x + 3y – 5 + 2 . (4x + y – 5 ) = 0
2x + 3y – 5 + 8x + 2y – 10 = 0
10x + 5y – 15 = 0 ( IV )
Sistema entre ( III ) e ( IV ) para determinar suas
coordenadas:
14x + 6y = 20 x(-5)
10x + 5y = 15 x(6)
-70x – 30y = - 100
60x + 30y = 90
-10x = -10 x( - 1 )
10x = 10
X = 10/10
X = 1
Par ordenado da segunda reta: (1, 1)
Usando os pares ordenados através do determinante,
iremos encontrar a equação da reta comum às duas
retas.
-2x + y + 1 – ( -2 + y + x) = 0
-2x + y + 1 + 2 – y – x = 0
-2x –x +y – y + 1 + 2 = 0
-3x + 3 = 0 resposta
4. 9
São dados os feixes de retas concorrentes:
(I) x + y + 1 + k . (x – y + 1) = 0
(II) 2x + 2y + 6 + l . ( 2x – 2y + 1) = 0
Obter a equação da reta comum aos dois feixes.
Daremos dois valores para k em cada reta, daí, a partir
de um sistema de duas equações, descobriremos o par
ordenado (x,y). Daí, encontramos a equação da reta:
(I) x + y + 1 + k(x – y + 1) = 0
(II) 2x + 2y + 6 + l(2x – 2y + 1) = 0
Para K = 1 na reta (1)
x + y + 1 + 1 . (x – y + 1) = 0
x + y + 1 + x – y + 1 = 0
2x + 2 = 0
Para k = 2 na reta (1)
x + y + 1 + 2.(x – y + 1) = 0
x + y + 1+ 2x – 2y + 2 = 0
3x – y + 3 = 0
Sistema:
2x + 2 = 0
3x – y + 3 = 0
2x + 2 = 0
2x = -2
x = -1 .
y = ?
3x – y + 3 = 0
3 . (-1) – y + 3 = 0
-3 –y + 3 = 0
-y = -3+3
-y = 0
Y = 0 .
Primeiro par ordenado: (-1, 0).
Para k = 1 na reta (2):
2x + 2y + 6 + 1 . (2x – 2y + 1 ) = 0
2x + 2y + 6 + 2x – 2y + 1 = 0
4x + 7 = 0
Para k=2 na reta (2):
2x + 2y + 6 + 2.(2x – 2y + 1) = 0
2x + 2y + 6 + 4x – 4y + 2) = 0
2x + 4x + 2y – 4y + 6 + 2 = 0
6x – 2y + 8 = 0
Sistema para a reta 2
4x + 7 = 0
6x – 2y + 8 = 0
4x = - 7
X = - 7/4.
Valor de y = ???
6x – 2y + 8 = 0
6 . (- 7 / 4) – 2y + 8 = 0
- 42/4 – 2y + 8 = 0
mmc:
-42 – 8y + 32 = 0
4 4
-42 – 8y + 32 = 0
- 8y = -32+42
- 8y = 10 x(-1)
8y = - 10
Y = - 10/8 (:2)
Y = - 5/4. Par: (-7/4 ,-5/4)
Equação comum das retas:Determinante:
5 – 7y – ( - y – 5x) = 0
4 4 4
5 – 7y + y + 5x = 0
4 4 4
5 – 7y + 4y + 5x = 0
4 4
5x – 3y + 5 = 0 resposta:
5. 10
Demonstrar que as retas de equações
(2m + 1)x + (1 – 3m)y – 1 = 0 onde m é uma variável
real, passam por um mesmo ponto.
(2m + 1)x + ( 1 – 3m)y – 1 = 0
2mx + x + y – 3my – 1 = 0
m(2x – 3y) + x + y – 1 = 0
fazer o Sistema:
2x – 3y = 0
x + 1 – 1 = 0
2x – 3y = 0
x + y = 1 x(-2)
2x – 3y = 0
-2x -2y = -2
- 5y = - 2
Y = 2 / 5 .
Valor de x ?
2x – 3y = 0
2x – 3 . 2/5 = 0
2x – 6/5 = 0
Mmc:
10x – 6 = 0
5 5
10x = 6
X = 6/10 (:2)
X = 3 / 5 .
O par (3/5 , 2/5) . Logo, a interseção dessas retas é esse
ponto.