1. O documento apresenta resoluções de exercícios sobre usinagem que envolvem cálculos de forças de corte, forças de usinagem e ângulos de atrito.
2. São resolvidos exercícios sobre cálculo de forças de corte, forças normais e tangenciais a partir de parâmetros como módulo da força de corte, ângulo de atrito e coeficiente de atrito.
3. Inclui também exercícios sobre cálculo de potência requerida para usinagem com variáveis como velocidade de
3. Usinagem para
Engenharia
Um curso de mecânica do corte
Resolução dos exerícios
Anna Carla Araujo
Adriane Lopes Mougo
Fábio de Oliveira Campos
4. Usinagem para Engenharia 1𝑎
Edição
Capítulo 7 :
7.1: O módulo da força de corte é |F𝑐| = 10
√
2N. Calculando o módulo
da força de usinagem a partir das componentes tem-se: |F𝑢| =
√(22 + 102.2) = 14, 3N.
7.2: a) Para calcular o ângulo de atrito μ = 0, 5 = arctan(βμ), βμ = 30, 9𝑜
.
b) Dado que |F𝑢| = 250 N, então sen(βμ) =
F𝑛γ
F𝑢
⟶ F𝑛γ = 128N.
c) Apresentação dos vetores: ⃗
Fγ na horizontal, ⃗
F𝑛γ na vertical com
módulo 128 N, ⃗
F𝑢 inclinado com ângulo entre ⃗
F𝑢 e ⃗
Fγ igual a 30, 9𝑜
.
7.3: a) Dadas as componentes, calcula-se o ângulo de atrito: μ =
Fγ
F𝑛γ
=
100
160 = 0.625
b) βμ = arctan 0.625 = 32𝑜
c) A partir de F𝑛γ e βμ = 0, 53, F𝑢 = 160
0,53 = 301, 8 N
d) F𝑛γ = 20 (parcela de adesão) + 80 (parcela de deslizamento) =
100.
e Fγ = 48 (parcela de adesão) + 112 (parcela de deslizamento) =
160.
Assim, considerando apenas as parcelas de deslizamento μ = 80
112 =
0, 71.
7.4: a) Para calcular a força de cisalhamento,
F𝑠 =
701, 5 0, 2
sen(15)
MP𝑎 𝑚𝑚2
= 81, 4N
b) F2
𝑢 = 812
+ F2
𝑛𝑠 = 852
⟶ F𝑛𝑠 = 24, 5 N
c) Recalculando os valores de F𝑛𝑠 e F𝑛𝑠 considerando os valores de
25 MPa, ϕ = 20𝑜
e F𝑢 = 85 ∗ 0.6 = 51N:
F𝑠 =
251, 5 0, 2
sen(20)
MP𝑎 𝑚𝑚2
= 21, 9N
F2
𝑢 = 21, 92
+ F2
𝑛𝑠 = 512
⟶ F𝑛𝑠 = 46N
7.5: a) μ = 0.7 ⟺ βμ = 35𝑜
⟺ βμ − γ = 20𝑜
F𝑐 = 100 cos(20) = 94N, K𝑐 = 94
0,1 = 940MPa
2
5. Fℎ = 100 sin(20) = 34N, Kℎ = 34
0,1 = 340MPa
b) Círculo de Merchant considerando F𝑐 = 94 N horizontal para
a esquerda, Fℎ = 34 N vertical para baixo, a força de usinagem
resultante terá orientação de 20𝑜
com a horizontal.
c) A superfície de saída está orientada a 15𝑜
com a vertical, locali-
zando a componente 𝑓γ.
d) F𝑛γ = 100 cos(35) = 82N
Fγ = 100 sin(35) = 57, 3N
e) F𝑠 = 200 MPa . 1 mm . 0,1 mm = 20 N
Para encontrar o valor de ϕ usamos a equação: 100 cos(ϕ + 35 −
15) = 20N ⟶ ϕ = 58𝑜
F𝑛𝑠 = √F2
𝑢 − F2
𝑠 = 98 N
7.6: a) μ = 0, 8 ⟶ βμ = 38, 6𝑜
ϕ1 = 45 − (38, 6 − 18) = 24, 4
ϕ2 = 45 − 38,6−18
2 = 34, 7
𝑟𝑐 = ℎ
ℎ𝑒
⟶ ℎ𝑒 = 0,1
𝑟𝑐
𝑟𝑐 = sin 𝑝ℎ𝑖
cos ϕ−γ
b) 𝑟𝑐1 = sin 24,4
cos 24,4−18 = 0, 41 ⟶ ℎ𝑒 = 0, 24mm.
𝑟𝑐2 = sin 34,7
cos 34,7−18 = 0, 59 ⟶ ℎ𝑒 = 0, 17mm.
7.7: 𝑎𝑝 = 20−17,7
2 = 1, 15mm
a) K𝑐 = 300
0,2 1,15 MPa = 1304 MPa
b) V𝑐 = π 20 800
1000 = 16πm/min
P𝑐 = 300 16π Nm/min = 250 W = 0,25kW
c) K𝑓 = 200
0,2 1,15 MPa = 870 MPa
d) P𝑓 = 200 160 N mm/min = 0,53 W
P𝑢 = 250 + 0,53 W = 250,53 W
P𝑓 = 0, 2%P𝑢
e) P𝑟𝑒𝑑 = 250,53
0,75 334 W = 0,334 kW
7.8: a) Representar a área com o angulo de posição 20𝑜
, 𝑎𝑝 = 1mm,
𝑓𝑧 = 0, 2mm, 𝑏 = 2, 92mm, ℎ = 0.0684mm.
b) F𝑐 = [95, 155, 210, 270] N
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6. Usinagem para Engenharia 1𝑎
Edição
K𝑐 = F𝑐
𝑓𝑧 𝑎𝑝
K𝑐 = [1900, 1550, 1400, 1350] MPa
c) Fℎ = [76, 124, 168, 216] N e F𝑎 = [47.5, 77.5, 105, 135] N
d) F𝑓 = F𝑎 cos(20𝑜
)−Fℎ sin (20𝑜
) = [18.6419, 30.4157, 41.2083, 52.9822]N.
F𝑧 = F𝑎 sin(20𝑜
)+Fℎ cos (20𝑜
) = [42.2395, 68.9171, 93.3715, 120.0491]N.
e) Com o angulo de posição 45𝑜
, 𝑎𝑝 = 1mm, 𝑓𝑧 = 0, 2mm, 𝑏 =
1, 41mm, ℎ = 0.14mm.
f) A força de corte será a mesma pois a área não alterou (270N).
A força de avanço é F𝑓 = 135 cos(45𝑜
) − 216 sin (45𝑜
) = −57N e a
força passiva é F𝑧 = 135 sin(20𝑜
) + 216 cos (20𝑜
) − 248N.
7.9: 𝑎𝑝 = 4mm, 𝑓𝑧 = 0.2mm, K𝑐 = 800N e Kℎ = 300N. F𝑐 = K𝑐 𝑎𝑝 𝑓𝑧 sin(θ)
quando 0 < θ < 180𝑜
e 0 caso contrario.
F𝑢 = √(F2
𝑐 + F2
ℎ)
F𝑓 = F𝑐(θ) cos(θ) + Fℎ(θ) sin(θ)
7.10: a) ℎ = 𝑓
2 sin 60𝑜
= 0, 043mm
𝑏 = 12
2 sin 60𝑜 = 6, 92mm
b) K𝑐 = 1600 MPa . 0, 043−0,17
= 1600/0, 58 MPa=938,36 MPa
c) F𝑐 = 1600 . 0, 0431−0,17
.6, 92 N = 43N
V𝑐 = 6π m/min = 18,8 m/min
P𝑐1 = F𝑐V𝑐 = 43 18, 8 Nm/min = 810/60 Nm/s = 13,5 W
d) P𝑐 =2 . 13,5 W = 27 W
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