I. A função expressa a área de um triângulo retângulo em função da distância x de um dos vértices ao lado oposto. As opções a) e b) expressam corretamente esta área. II. É solicitado determinar um triângulo isósceles com perímetro e área dados, sabendo que os lados são inteiros. A única solução possível é um triângulo com um lado de 8 cm e os outros de 5 cm. III. No triângulo dado, calcula-se a altura h e a área, concluindo

1. 121
Matemática
A função que expressa a área do triângulo retângulo som-
breado em função de x é:
a) A
x x
=
− 03
441
42
d) A
x
=
−441
84
2
b) A
x x
=
−3
441
84
e) A
x
=
−441
42
2
c) A
x x
=
− 03
441
84
36 (UEL-PR) Tome uma folha de papel em forma de
quadrado de lado igual a 21 cm e nomeie os seus vértices
A, B, C, D, conforme a figura 1. A seguir, dobre-a, de ma-
neira que o vértice D fique sobre o “lado” AB (figura 2).
Seja Dδ esta nova posição do vértice D e x a distância de
A a Dδ.
D C
A B A x Dδ B
Figura 1 Figura 2
X
Da figura, temos:
B
A Dδx
a 21 − a
A área do triângulo é:
A
x a
A
x
x
A
x x
=
9
Θ =
9
−
Θ =
−
2
441
42
2
441
84
2
3
37 (UFG) Determine um triângulo isósceles, cujo pe-
rímetro é 18 cm e a área é 12 cm2
, sabendo que a medida
de seus lados são números inteiros.
Sendo y um número inteiro positivo e menor que 9, o único valor possível
é y = 4; logo, x = 5. Portanto, o triângulo tem um lado medindo 8 cm e os
outros lados medindo 5 cm.
Fazendo a figura e observando os dados
do problema, tem-se:
Perímetro: 2x 0 2y = 18 Π x 0 y = 9
Área: hy = 12
Pitágoras: h2
= x2
− y2
= 9(x − y)
x x
h
2y
14243
x = 9 − y
9(x − y)y2
= 144
123
Υ (9 − 2y)y2
= 16
Usando Pitágoras, temos:
(21 − a)2
= a2
0 x2
Θ 441 − 42a 0 a2
= a2
0 x2
x2
= 441 − 42a
42a = 441 − x2
a
x
=
−441
42
2
38 (São Camilo-SP) A razão entre a altura de um triân-
gulo isósceles ABC de lados AB = AC = 5 cm e BC = 8 cm
e sua área é:
a)
1
4
b)
1
2
c) 2 d) 4 e) 1
Fazendo a figura, vem:
5
4 4
5
h
A
D
B C
8
X
39 (USS-RJ) O lado AB de um triângulo ABC mede
36 cm. Os pontos P e Q pertencem aos lados CA e CB,
respectivamente. O segmento PQ é paralelo a AB e as áre-
as do triângulo CPQ e do trapézio PABQ são iguais. O com-
primento PQ é de:
a) 3 2 cm c) 18 2 cm e) 18 cm
b) 9 cm d) 6 cm
Fazendo a figura, temos:
B Q C
P
A
x
36
#CPQ Κ #CAB
PQ
AB
x
=
36
(razão de semelhança)
Razão das áreas:
Área do CPQ
Área do CAB
A
A A
A#
#
=
0
= =
2A
1
2
x2
= 648
Como a razão das áreas é o quadrado da razão de semelhança, temos:
1
2 36
1
2 1 296
2
2
= Θ =
x x





x = 18 2
X
• Cálculo da altura h:
52
= h2
0 42
Θ h2
= 25 − 16
h2
= 9
h = 3 cm
• Cálculo da área do triângulo ABC:
A
BC AD
A=
9
Θ =
9
2
8 3
2
A = 12 cm2
h
A
h
A
= Θ =
3
12
1
4
Portanto:
M1 - Geometria Métrica Plana

2. 122
Matemática
X
I.
A E B
C D
I. Se AE = EB, então a área do triângulo ACE é um
quarto da área do retângulo ABCD.
II. O valor da área do triângulo CDE é o mesmo da soma
das áreas dos triângulos ACE e EBD.
III. A área do triângulo CDE é metade da área do retân-
gulo ABCD, independentemente da posição em que o
ponto E esteja no segmento AB.
Com relação às afirmações I, II e III, pode-se dizer que:
a) todas são verdadeiras
b) todas são falsas
c) apenas I é verdadeira
d) as afirmações II e III são falsas
e) apenas II e III são verdadeiras
43 (UFAC) Na figura, ABCD
é um retângulo e E é um ponto
do segmento AB. Da figura, po-
demos concluir que:
A x xE B
C D
S SACE ABCD
=
1
4
(verdadeira)
III. S S SABCD1 2
1
2
0 = 9 (verdadeira)
II. A E B
C D
2
2 1
1
SCDE
= S1
0 S2
SACE
0 SEBD
(verdadeira)
42 (FGV-SP)
a) Num triângulo eqüilátero ABC, unindo-se os pontos
médios de i e de o, obtém-se um segmento de me-
dida igual a 4 cm. Qual a área do triângulo ABC?
b) Num triângulo retângulo ABC, de hipotenusa p, a
altura relativa à hipotenusa é 6. Se BH = 3 cm e
HC = 8 cm, qual a medida do cateto o?
a)
4
A
B C
M N
σ
b)
Sejam σ a medida do lado do triângulo
eqüilátero ABC, M o ponto médio do lado
i e N o ponto médio do lado o.
I. Como MN = 4 cm, temos σ = 8 cm,
pois os triângulos AMN e ABC são se-
melhantes e a razão de semelhança
é 1 : 2.
II. Sendo S a área do triângulo ABC, te-
mos:
S S=
σ
= Υ =
2 2
3
4
8 3
4
16 3
Ι =S cm16 3 2
AC 22 AC2 2 22= Ι = cm
40 (Unipa-MG) Um casal adquiriu um terreno pela
planta retangular, de 10 m Ο 20 m, pagando R$ 50 000,00.
Quando o topógrafo foi medir, observou que as medidas
do terreno eram diferentes. No desenho abaixo, a área des-
tacada é a real. Pode-se concluir que o prejuízo do casal
foi de:
a) R$ 2 000,00
b) R$ 5 000,00
c) R$ 7 000,00
d) R$ 9 000,00
e) R$ 11 000,00
a
c
b a
c
a
ba
a = 1 m
b = 9 m
c = 19 m
1
19
9 1
19
1
91
20
10
Pelos dados, temos:
X
Portanto, o prejuízo foi de R$ 7 000,00.
• Prejuízo:
P = (200 − 172) 9 250 Θ P = 7 000
• Cálculo do valor do metro quadrado do terreno:
A = 9 − 9
9
− 9
9
10 20 2
1 9
2
2
1 19
2
50 000 00
10
250 00 250 00 2
,
, $ , /
9
= Θ
20
/m2
R m
• Cálculo da área real do terreno:
A = 200 − 9 − 19
A = 172 m2
41 (UFMG) Observe as figuras:
110
12
40 40
90
30
Nessas figuras, estão representadas as vistas frontal e late-
ral de uma casa de madeira para um cachorrinho, com
todas as medidas indicadas em centímetros. Observe que
o telhado avança 12 cm na parte da frente da casa.
Considerando-se os dados dessas figuras, a área total do
telhado dessa casa é de:
a) 0,96 m2
b) 1,22 m2
c) 1,44 m2
d) 0,72 m2
X
A largura de cada parte do telhado mede:
30 cm
40 cm
x
x2
= 302
0 402
Θ x = 50 cm
A área é igual a:
S = 122 9 50 = 6 100 cm2
A área total é igual a:
2S = 2 9 6 100 = 12 200 Θ 12 200 cm2
= 1,22 m2
Cada parte do telhado é um retângulo de dimensões:
122 cm
50 cm
B H 83
A
C
No triângulo retângulo ABC,
temos:
(AC)2
= HC 9 BC
(AC)2
= 8 9 11

3. 123
Matemática
44 (UCSal-BA) No centro de uma praça circular, de
90 m de raio, foi montado um tablado, também circular e
com 12 m de raio, no qual realizou-se um espetáculo mu-
sical. Considerando que todas as pessoas que foram ao es-
petáculo restringiram-se à faixa da praça exterior ao ta-
blado, que teve uma ocupação média de 4 pessoas por
metro quadrado, quantas pessoas estiveram presentes a
esse espetáculo? (Use π = 3.)
a) 90 576 c) 93 128 e) 98 576
b) 92 462 d) 95 472X
Do enunciado, temos:
12 m
90 m
S r r S= π − π Θ = π −2
2
1
2 2 2
90 12( )
A área da coroa circular é:
O número de pessoas é:
n = 4 9 23 868 = 95 472 Θ 95 472 pessoas
S = 3 9 (8 100 − 144)
S = 23 868 m2
Do enunciado, temos a figura:
45 (Unifesp-SP) A figura mostra uma circunferência,
de raio 4 e centro C1
, que tangencia internamente a cir-
cunferência maior, de raio R e centro C2
. Sabe-se que A e
B são pontos da circunfêrencia maior, AB mede 8 e tan-
gencia a circunferência menor em T, sendo perpendicular
à reta que passa por C1
e C2
.
A área da região hachurada é:
a) 9π
b) 12π
c) 15π
d) 18π
e) 21π
C1
R
4
A
B
C2
T
C1
R
R
A
B
C2
8
8 − R
4
T
Aplicando-se o teorema de Pitágoras no triângulo retângulo ATC2
:
(8 − R)2
0 42
= R2
Ι R = 5
A área S da região hachurada é igual à área do círculo de raio 5 menos a
área do círculo de raio 4, ou seja:
S = π 9 52
− π 9 42
Ι S = 9π
46 (Furb-SC) “Lixo é basicamente todo e qualquer re-
síduo sólido proveniente das atividades humanas ou gera-
das pela natureza em aglomerados urbanos. O lixo faz parte
de nossa vida, e tratá-lo bem é uma questão de bom senso,
cidadania, e bem-estar, agora, e principalmente no futu-
ro.” (www.loucosporlixo.com.br) Pensando nisso, um gru-
po teatral quer representar uma peça sobre a importância
da reciclagem do lixo. Eles querem montar um cenário
no qual 3 paredes de 4 m de altura por 5 m de compri-
mento deverão ser revestidas de CDs defeituosos. Saben-
do-se que cada CD possui 12 cm de diâmetro, quantos CDs,
aproximadamente, serão necessários para revestir estas
paredes? (Use: π = 3,14.)
a) 5 200 c) 5 400 e) 5 600
b) 5 300 d) 5 500
X
• Área do cenário:
A = 3 9 4 9 5 = 60 Θ 60 m2
• Área de cada CD:
A1
= π 9 R2
Θ A1
= 3,14 9 (0,06)2
A1
= 0,011304 m2
• O número de CDs necessários é:
X
N N= Θ Λ
60
0 011304
5 308
,
47 (Cefet-PR) Uma indústria necessita produzir lâmi-
nas de máquinas moedoras de carne, conforme a espe-
cificação a seguir. A área da lâmina está diretamente rela-
cionada com a potência do motor da máquina. Conside-
rando que o contorno da lâmina somente é constituído de
semicírculos, a área da mesma, em cm2
, é igual a:
a) 16
b) 16π
c) π
d) (4 0 16π)
e) (4 0 12π)
6
6
4
4
cm
6
4
2
2 4 6 8 cm
X
Logo, a área da lâmina é:
4 9 4 = 16 Θ 16 cm2
Completando a figura abaixo, obtemos um quadrado de lado 4 cm.

4. 124
Matemática
50 (UFJF-MG) Uma janela foi construída com a parte
inferior retangular e a parte superior no formato de um
semicírculo, como mostra a figura abaixo. Se a base da
janela mede 1,2 m e a altura total 1,5 m, dentre os valores
abaixo, o que melhor aproxima a área total da janela, em
metros quadrados, é:
a) 1,40
b) 1,65
c) 1,85
d) 2,21
e) 2,62
0,6
1,2
0,6
0,6
0,90,9
1,5
1,2
1,5
X
Pelos dados, vem:
A = 1,08 0 0,57
A = 1,65 Θ 1,65 m2
A = 9 0
9
12 0 9
3 14 0 6
2
2
, ,
, ( , )
51 (UEL-PR) Na figura, ABCD é
um quadrado cujo lado mede a. Um
dos arcos está contido na circunfe-
rência de centro C e raio a, e o ou-
tro é uma semicircunferência de
centro no ponto médio de BC e de
diâmetro a. A área da região
hachurada é:
a) um quarto da área do círculo de raio a
b) um oitavo da área do círculo de raio a
c) o dobro da área do círculo de raio
a
2
d) igual à área do círculo de raio
a
2
e) a metade da área do quadrado
A D
B C
A área hachurada é igual a um oitavo da área do círculo de raio a.
A área hachurada é igual a um quarto da área do círculo de raio a menos
a metade da área do círculo de raio
a
2
, logo:
A
a
A
a
=
π 9
−
π 9
Θ =
π 9
−
π 9
a
4
a
4
2 2
2
2
4
2
2 2




A
a
=
π 9
−
π 9a
4
2 2
8
A
a
=
π 9 2
8
Pelos dados, temos:
A C
B
x
x
R
R
48 (Unicap-PE) Deseja-se construir um oleoduto, li-
gando duas cidades, A e B (observe a figura abaixo). Há
três possibilidades de trajetos para o mesmo: em linha reta,
com o custo total por km, em real, de 2 700,00; em arco
(semicircunferência), com custo total por km, em real, de
1 600,00; em forma de L, ACB, com custo total por km,
em real, de 1 700,00.
Assim:
I - II
0 - 0 Otrajetoemarcoéomaiscaro.
1 - 1 O trajeto em forma de L é o
mais caro.
2 - 2 O trajeto i é o mais barato.
3 - 3 Os trajetos em arco e em for-
ma de L têm o mesmo custo.
4 - 4 O trajeto mais barato é em L. A C
B
Em questões como a 48, assinale na coluna I as proposi-
ções corretas e na coluna II as proposições erradas.
X
• Trajeto i: 2R
2 700 9 2R = 5 400R
• Trajeto em arco:
2
2
π
= π
R
R
1 600 9 3,14R = 5 024R
• Trajeto em forma de L: 2x = 2 9 1,41R = 2,82R
2,82R 9 1 700 = 4 794R
Portanto: I II
0 0
1 1
2 2
3 3
4 4
Aplicando Pitágoras, vem:
(2R)2
= x2
0 x2
Θ 4R2
= 2x2
x2
= 2R2
x R= 2
Substituindo 2 por 1,41, vem x 1,41R.=
49 (UESPI) Um trabalhador gasta 3 horas para limpar
um terreno circular de 6 metros de raio. Se o terreno ti-
vesse 12 metros de raio, quanto tempo o trabalhador gas-
taria para limpar tal terreno?
a) 6 h b) 9 h c) 12 h d) 18 h e) 20 h
x = 12 h
X
As áreas são iguais a:
S R S m1 1
2
1
2 2
6 36= π Θ = π 9 = π
S R S m2 2
2
2
2 2
12 144= π Θ = π 9 = π
Portanto:
tempo área
3 h 36π
x 144π
Θ =
3 36
144x

5. 125
Matemática
52 (UERJ) Um professor de matemática fez, com sua
turma, a seguinte demonstração:
– colocou um CD sobre uma mesa e envolveu-o comple-
tamente com um pedaço de barbante, de modo que o com-
primento do barbante coincidisse com o perímetro do CD;
– em seguida, emendando ao barbante um outro pedaço,
de 1 metro de comprimento, formou uma circunferência
maior que a primeira, concêntrica com o CD.
Veja as figuras.
Calculou, então, a diferença entre a medida do raio da cir-
cunferência maior e a do raio do CD, chamando-a de x.
Logo após, imaginando um CD com medida do raio idên-
tica à do raio da Terra, repetiu, teoricamente, as etapas
anteriores, chamando de y a diferença encontrada.
Assim, demonstrou a seguinte relação entre essas dife-
renças, x e y:
a) x 0 y = π−1
c) y − x = π−2
b) x 0 y = π−2
d) y − x = π−1
X
Para o CD temos C R R
C
, : 1 1 1
1
2
2
= π Θ =
π
Com o barbante temos C R R
C
, : 1 2 2
1
1 2
1
2
0 = π Θ =
0
π
Portanto:
Logo:
x R R x
C C
x= − Θ =
0
π
−
π
Θ =
π2 1
1 1
1
2 2
1
2
Para ya Terra, a diferença também é igual a =
π
1
2
.
x y0 =
π
0
π
=
π
=
π
= π−
1
2
1
2
2
2
1 1
53 (FGV-SP) Um círculo de área 16π está inscrito em
um quadrado. O perímetro do quadrado é igual a:
a)32 b)28 c) 24 d) 20 e) 16X
Do enunciado temos a figura ao lado,
onde r é a medida do raio do círculo.
Temos que:
πr2
= 16π
r2
= 16 Ι r = 4
Logo, o lado do quadrado mede 8.
Portanto, o perímetro do quadrado é
igual a 32.
r
r
2r
2r
As medidas dos raios são:
d1
= 2r1
Θ 11,8 = 2r1
Θ r1
= 5,9 cm
d2
= 2r2
Θ 3,6 = 2r2
Θ r2
= 1,8 cm
A área da etiqueta é igual a:
S r r S r r= π − π Θ = π −1
2
2
2
1
2
2
2
( )
S = 3,14(5,92
− 1,82
)
S = 99,1298 Θ 99,1298 cm2
Ι S = 99 cm2
54 (UFMT) A etiqueta do CD
mostrado na figura tem a forma
de uma coroa circular cujo diâ-
metro da circunferência externa
mede 11,8 cm e o da circunferên-
cia interna, 3,6 cm. Consideran-
do π = 3,14, determine o núme-
ro inteiro mais próximo da medi-
da (em cm2
) da área da etiqueta.
3,6 cm
11,8 cm
55 (Vunesp-SP) A figura re-
presenta um canteiro de forma
circular com 5 metros de raio. O
canteiro tem uma região retan-
gular que se destina à plantação
de flores e uma outra região,
sombreada na figura, na qual se
plantará grama.
A
5 5
4 4
B
C D
O
M
x
2
8
x
A B
C D
O
Na figura, O é o centro do círculo, OB é o raio, o retângulo
está inscrito no círculo e CD mede 8 metros.
a) Determine a medida do lado BD e a área da região retan-
gular destinada à plantação de flores.
b) Sabendo-sequeometroquadradodegramacustaR$3,00,
determine quantos reais serão gastos em grama (para fa-
cilitar os cálculos, use a aproximação π = 3,2).
Assim:
a)
x x x
x
2
4 5
2
9
2
3 6
2
2 2
2







0 = Π = Π = Π =
6 m (medida do lado BD)
Sf
= CD 9 BD Π Sf
= 8 9 6 Π Sf
= 48
48 m2
(área da região com flores)
b) Sc
= π(OB)2
Π Sc
= 3,2 9 52
Π Sc
= 80
Sg
= Sc
− Sf
Π Sg
= 80 − 48 Π Sg
= 32
R = Sg
9 3,00 Π R = 32 9 3,00 Π R = 96,00
R$ 96,00 (valor gasto com a grama)
Sejam: x a medida de 7, em metros
Sf
a área destinada à plantação de
flores, em metros quadrados.
Sc
a área do círculo de centro O e
raio OB, em metros quadrados.
Sg
a área destinada à plantação de
grama, em metros quadrados.
R a quantia, em reais, a ser gasta
com a plantação de grama.

6. 126
Matemática
Se a medida do raio da circunferência inscrita no quadrado
é 3 cm, a área, em cm2
, de toda a região pintada de preto é:
56 (FMTM-MG) Na figura, a medida dos segmentos
OA e OB é 4 cm. O arco AOB tem 90) e OCA e OCB são
semicircunferências.
A área da superfície hachurada é:
a) (4 − π) cm2
b) (6 − π) cm2
c) (2π − 4) cm2
d) (π − 3) cm2
e) (2π − 5) cm2
Pelos dados, temos:
O A
C
B
X
a) 9
9
4
−
π
c) 18
9
2
−
π
e) 36
9
2
−
π
b) 18
9
4
−
π
d) 36
9
4
−
π
57 (Vunesp-SP) Uma empre-
sa tem o seguinte logotipo:
X
45)
45)
3
3
3
3
3
B
A
A
B
B
B
3
Assim:
S = 9
π
0 9 −
π
2
9
8
4
9
2
9
8






S S=
π
0 −
π
Π = −
π9
4
18
9
2
18
9
4
A área S, em centímetros quadrados, da região pintada de preto é dada
por S = 2A 0 4B, onde:
A =
)
)
9 π 9 =
π45
360
3
9
8
2
B A=
9
− = −
π3 3
2
9
2
9
8
4
2
1 1
2
1
1
2
2
T S
1
4
a) A área pedida é igual a quatro vezes
a área do triângulo T mais quatro ve-
zes a área do setor S, ou seja,
4
1
2
2 2 4
1
4
12
9 9 9 0 9 9 π 9
Logo, a área pedida é (8 0 π) cm2
.
b) A área da região R é igual à área do
quadrado menos a área obtida no
item a, ou seja, 42
− (8 0 π).
Logo, a área de R é (8 − π) cm2
.
Do enunciado, temos:
59 (Fafeod-MG) A figura
ao lado ilustra um triângu-
lo ABC, inscrito numa cir-
cunferência de centro O e
raio 2,5 cm, sendo CB igual
a 3 cm.
A B
C
O
AB é o diâmetro da circunferência, pois passa pelo centro O, logo o triân-
gulo ABC é retângulo em C.
Substituindo os valores na figura, vem:
A B
3
C
2,5 2,5
x
Aplicando Pitágoras no triângulo ABC, temos:
(AB)2
= (BC)2
0 (AC)2
Θ 52
= 32
0 x2
25 = 9 0 x2
x2
= 16
x = 4
A A A Ahachurada círculo triângulo
= − Θ = π 9 −
9
( , )2 5
3 4
2
2
A = 6,25π − 6
Substituindo π, vem:
A = 6,25 9 3,14 − 6 Θ A = 19,625 − 6
A = 13,625 cm2
Portanto, a área hachurada vale:
O A
C
B
2
2 D 2
4
Ahachurada
=
π 9
−
π 9
9 0
π 9
−
9
9
4
4
2
2
2
2
4
2 2
2
2
2 2 2





Ahachurada
= 4π − 4π 0 2(π − 2) = (2π − 4) Θ (2π − 4) cm2
a) a área da região interna ao quadrado, complementar à
região R
b) a área da região R
58 (UFSCar-SP) Considere a
região R, pintada de preto, exibi-
da a seguir, construída no interi-
or de um quadrado de lado me-
dindo 4 cm.
Sabendo-sequeosarcosdecircun-
ferência que aparecem nos cantos
do quadrado têm seus centros nos
vértices do quadrado e que cada
raio mede 1 cm, pede-se:
Assumindo π = 3,14, é correto afirmar que a área, em
cm2
, da região hachurada na figura é:
a) 12,625 b) 13,625 c) 19,625 d) 15,625X

7. 127
Matemática
60 (UFRJ) A figura ao lado
é formada por dois quadrados
ABCD e A’B’C’D’, cujos lados
medem 1 cm, inscritos numa
circunferência. A diagonal AC
forma com a diagonal A’C’um
ângulo de 45).
Determine a área da região
sombreada da figura.
A
Dδ Aδ
Cδ Bδ
C
D B
A
O
E F
G
Considere E, F e G os pontos indicados na figura abaixo:
Como o triângulo AEG é isósceles retângulo, temos que @ = 0, então
! 0= = −2 2 1.
Logo, a área de AEG é dada por:
Então: 0 = 8 − 9.
Os segmentos OA e OG têm medidas iguais
à metade da diagonal e à metade do lado
dos quadrados, respectivamente.
Isto é e: .8 9= =
2
2
1
2
Portanto: 0 =
−2 1
2
.
Portanto, a área pedida é:
So
= 9 = − = −
1
2
1
4
2 1
1
4
3 2 2
2
! 0 ( ) ( )
S S cmo
= 9 = − Θ −8 6 4 2 6 4 2 2
( )
62 (UFF-RJ) Na figura a se-
guir, o quadrado MNPQ, com
20 m de lado, representa o ter-
reno reservado à área de lazer
da chácara de João. A região li-
mitada pelo quadrado MRST,
com 10 m de lado, está destina-
da ao salão de jogos e à chur-
rasqueira. O círculo, contendo
o ponto S e tangente ao quadrado MNPQ nos pontos U e V,
representa a região destinada à construção da piscina.
Determine a área da região que será ocupada pela piscina.
Q P
M R
S
U
N
V
T
Pelos dados, temos:
Q P
M
R10
S
O
R
R
U
LT
N
V
20
OV é perpendicular ao lado QP, assim como OU é perpendicular ao lado PN.
Como OV e OU são medidas do raio do círculo, tem-se que OVPU é um
quadrado de lado R.
Por outro lado, PS MS OP R MP e OS R= = = = =10 2 2 20 2, ,
Portanto, a área do círculo é dada por:
Logo:
OP OS MS R R0 0 = Θ 0 0 =20 2 2 10 2 20 2
R 2 1 10 20 =( )
R =
0
9
−
−
10 2
2 1
2 1
2 1
R = −10 2 2 1( )
A R A= π 9 Θ = π 9 −2
2
10 2 2 1( )[ ]
A = π 9 −200 2 1
2
( )
A = π − 0 = π −200 2 2 2 1 200 3 2 2( ) ( )
A m= π −200 3 2 2 2
( )
A massa da planta da cidade é 40 g. A área da praça de dimensões 100 m
por 100 m é 10 000 m2
e o recorte da planta tem massa 0,08 g.
Logo, a área da cidade é de 5 000 000 m2
, pois
Com esses dados foi possível dizer que a área da cidade,
em metros quadrados, é de, aproximadamente:
a) 800 c) 320 000 e) 5 000 000
b) 10 000 d) 400 000
61 (ENEM) Um engenheiro, para calcular a área de
uma cidade, copiou sua planta numa folha de papel de boa
qualidade, recortou e pesou numa balança de precisão,
obtendo 40 g. Em seguida, recortou, do mesmo desenho,
uma praça de dimensões reais 100 m Ο 100 m, pesou o
recorte na mesma balança e obteve 0,08 g.
Praça de área
conhecida
Planta
X
S
40
10 000
0 08
= =
,
, isto é, S 5 000 000.
63 (UA-AM) Um setor circular de raio 5 cm tem arco
de comprimento 8 cm. Então a sua área é:
a) 30 cm2
c) 10 cm2
e) 20 cm2
b) 40 cm2
d) 80 cm2
X
S
R
S S cmsetor setor
=
σ 9
Θ =
9
= Θ =
2
8 5
2
20 20 2

8. 128
Matemática
a) Se cada metro quadrado desse terreno vale R$ 50,00,
qual é o valor total do terreno?
b) Divida o trapézio ABCD em quatro partes de mesma
área, por meio de três segmentos paralelos ao lado BC.
Faça uma figura para ilustrar sua resposta, indicando
nela as dimensões das divisões no lado AB.
64 (Unicamp-SP) Um ter-
reno tem a forma de um
trapézio retângular ABCD,
conforme mostra a figura, e
as seguintes dimensões:
i = 25 m, p = 24 m,
a = 15 m.
D
A B
C
D
E
15
24
1510
A B
C
25
Atrapézio
= 120 0 360 = 480
Valor total do terreno: 480 9 50,00 = 24 000,00 Θ R$ 24 000,00
b) No item a, observamos que a área do triângulo é
1
4
da área do trapézio,
e assim a figura pedida é:
a) Atrapézio
= Atriângulo
0 Aretângulo
Atrapézio
=
9
0 9
10 24
2
15 24
D 15
24
A B
C
10 5 5 5
66 (UCSal-BA) Na figura abaixo tem-se o quadrilátero
ABCD, no qual AB = 3 cm, AD = 4 cm, CD = 12 cm,
i Η # e 7 Η a.
X
Da figura, temos:
(DB)2
= 32
0 42
Θ (DB)2
= 9 0 16
O perímetro é:
3 0 4 0 12 0 13 = 32 Θ 32 cm
A área do quadrilátero é:
A área e o perímetro desse
quadrilátero são, respectiva-
mente:
a) 36 cm2
e 24 cm
b) 36 cm2
e 32 cm
c) 48 cm2
e 24 cm
d) 72 cm2
e 32 cm
e) 72 cm2
e 37 cm
(BC)2
= 122
0 52
Θ (BC)2
= 144 0 25
D
A 3 cm
4 cm
12 cm
B
C
D
A B
C
DB cm= = Θ25 5 5
BC cm= = Θ169 13 13
S S S cmABD BCD
= 0 =
9
0
9
= 0 = Θ
3 4
2
12 5
2
6 30 36 36 2
65 (UFAL) Na figura, tem-
se a planta de um terreno com
forma de trapézio e área de
240 m2
.
Determine o perímetro do ter-
reno.
Aplicando Pitágoras, temos:
y2
= (15)2
0 (8)2
= 17 Θ y = 17 m
Portanto, o perímetro do terreno vale:
p = 20 0 15 0 12 0 17 = 64 Θ 64 m
Fazendo a figura, temos:
y 15 m
x
20 m
A
x
x mtrapézio
=
0 9
= Θ =
( )20 15
2
240 12
y 1515
8
x = 12
12
20
67 (UFLA-MG) Obtenha
o valor de x, de forma que
as áreas S1
e S2
sejam iguais.
S1
0 S2
= 4 9 0,5 0 8 9 4 Θ S1
0 S2
= 18
Como S1
= S2
, temos:
Pelos dados, vem:
x = 2y
S2
= y2
Os triângulos ABG e ACF são semelhantes. Logo:
Portanto, y2
= 9 Θ y = 3 e x = 2 9 3 = 6
0,5
4
8,5
x
S1
S2
0,5
0,5 x
y
D C
B
B F G A
4 4
8
8 − x
x y
8 4
= Θ =4x 8y
S
x y
S
y y
2 2
2
2
2
=
9
Θ =
9
S S1 2
18
2
9= = =

9. 129
Matemática
10
Rua Bahia
8
x
25 −
x
Rua Alagoas
12
lote A
lote B
X
O quadrilátero ABEF é semelhante ao quadrilátero ACDF, logo:
Do enunciado, vem:
8
10
G
12
A
B
E
B
y
z
A
C
DF
20
25
a
x
25
−
x
x
x x
25
8
20
20 25 8 10= Θ = 9 Θ =
10 25 10
10
25
25
x z z
z= Θ = Θ =
a a
y
a
10
10 25
25
=
0
=
0
a a
a a a a
10
25
25
25 10 250 15 250
50
3
=
0
Θ = 0 Θ = Θ =
50
3
10
50
3
10
16=
0
Θ =
y
y
Área total dos dois lotes: 104 0 246 = 350 Θ 350 m2
Portanto: Área do lote A =
0 9
=
( )10 16 8
2
104
Área do lote B =
0 9
=
( )25 16 12
2
246
69 (ENEM) Um terreno com o formato mostrado na
figura foi herdado por quatro irmãos e deverá ser dividido
em quatro lotes de mesma área.
Um dos irmãos fez algumas propostas de divisão para que
fossem analisadas pelos demais herdeiros.
Dos esquemas abaixo, onde lados de mesma medida têm
símbolos iguais, o único em que os quatro lotes não pos-
suem, necessariamente, a mesma área é:
Nos esquemas a, b, c e d, cada um dos quatro lotes desenhados tem exa-
tamente
1
4
da área do terreno original.
No esquema e, os quatro lotes desenhados só terão a mesma área se os
lados indicados pelo símbolo — tiverem exatamente
1
4
do comprimento
da base do paralelogramo configurado pelo terreno original.
Assim sendo, os quatro lotes do esquema e não possuem, necessariamen-
te, a mesma área.
TerrenoRua C
Rua D
Rua A
Rua B
As ruas A e B são paralelas.
As ruas C e D são paralelas.
a)
b)
c)
d)
e)X
Se as medidas indicadas são dadas
em metros, a área da superfície dos
dois lotes, em metros quadrados, é:
a) 350
b) 380
c) 420
d) 450
e) 480
68 (UCSal-BA) Na figura têm-se dois lotes de terrenos
planos, com frentes para duas ruas e cujas divisas são per-
pendiculares à Rua Bahia.

10. 130
Matemática
70 (Unifor-CE) A parte superior de um tablado tem a
forma de um trapézio isósceles com 56 m de perímetro e
cujos lados paralelos medem 12 m e 24 m. Se a superfície
desse tablado for inteiramente revestida de uma camada
de verniz, ao preço de R$ 6,50 o metro quadrado, a quan-
tia a ser desembolsada por esse serviço será:
a) R$ 916,00 c) R$ 936,00 e) R$ 986,00
b) R$ 920,00 d) R$ 950,00
X
Fazendo a figura, vem:
E
F C
6 612
12A B
D
24
hx xh
Portanto, o valor pago será:
V = 144 9 6,50 Θ V = 936,00 Θ R$ 936,00
Perímetro do trapézio: 12 0 24 0 x 0 x = 36 0 2x
Logo: 36 0 2x = 56 Θ 2x = 20
x = 10
Aplicando Pitágoras no triângulo BCD, vem:
102
= h2
0 62
Θ h2
= 100 − 36
h2
= 64
h = 8
Cálculo da área do trapézio:
A A m=
0 9
= Θ =
( )12 24 8
2
144 144 2
71 (UFAL) Considerando uma circunferência circuns-
crita a um hexágono regular de lado 2 cm, analise as afir-
mativas abaixo.
I - II
0 - 0 A área do círculo limitado pela circunferência é
6π cm2
.
1 - 1 Unindo-se o centro da circunferência a dois vérti-
ces consecutivos do hexágono, obtém-se um triân-
gulo de área 3 cm .2
2 - 2 O comprimento de um arco que une dois vértices
consecutivos do hexágono é
2
3
π
cm.
3 - 3 A maior diagonal do hexágono mede 6 cm.
4 - 4 A medida de cada ângulo interno do hexágono é 120).
0 0. Do enunciado, temos:
O
A
D
C E
B Fσ
σ = R = 2 cm
S = πR2
Θ S = π 9 22
= 4π cm2
(falsa)
2 2. σ = ε Θ σ =
π
9 =
π
1 1
3
2
2
3
R cm (verdadeira)
3 3. D = 2R = 2 9 2 = 4 cm (falsa)
4 4. ângulo interno = 60) 0 60) = 120) (verdadeira)
1 1.
O
E
F C
D
A
R a6
60)
60)
B
M
σ160) = rad
π
3
R
2
(a6
)2
2
2
6
2 2 2
2
1 20 = Θ 0 =
R
R a






a6
2
1 40 =
a cm6
3=
S
R a
cm=
9
=
9
=6 2
2
2 3
2
3
(verdadeira)
I II
0 0
1 1
2 2
3 3
4 4
Resposta:

11. 131
Matemática
(UFAC) Para responder às questões de números 72 e 73,
utilize as informações seguintes.
Na figura abaixo tem-se parte da planta de um bairro, na
qual as ruas são paralelas entre si. As quadras A, B, C, D e
E têm as medidas de alguns de seus lados indicadas em
metros.
72 Quantos metros percorre-se, seguindo-se em linha
reta da esquina da Avenida N com a Rua U até a esquina da
Avenida N com a Rua Z?
a) 570 b) 580 c) 590 d) 600 e) 610
200
Rua U
Rua V
Rua W
Rua X
Rua Y
Rua Z
290
150 A
B 200
100 C
112,5 E
120
100D
AvenidaN
AvenidaM
X
73 A área da quadra B, em metros quadrados, é igual a:
a) 74 500 c) 73 000 e) 70 800
b) 73 100 d) 72 200
X
200
Rua U
Rua V
Rua W
Rua X
Rua Y
Rua Z
290
150 A
B 200
100 C
112,5 E
120
100D
AvenidaN
AvenidaM
G
H
I
J
F
E
D
C
K B
AL
Usando o teorema de Tales, temos:
LK
AB
KJ
BC
JK
JK= Θ = Θ =
150
120 200
250
JK
BC
JI
CD CD
CD= Θ = Θ =
250
200
100
80
JI
CD
IH
DE
IH
IH= Θ = Θ =
100
80 100
125
IH
DE
HG
EF EF
EF= Θ = Θ =
125
100
112 5
90
,
• A distância percorrida é:
AB 0 BC 0 CD 0 DE 0 EF = 120 0 200 0 80 0 100 0 90 = 590 Θ 590 m
K B
M 290
290
200 200250
J C
•
(JK)2
= (KM)2
0 (JM)2
2502
= 2002
0 (JM)2
JM = 150 m
Portanto, a área da região sombreada pode ser calculada por:
A = 2 9 (área de MBQ − 3 9 área de UDT) =
75 (UFF-RJ) Os lados MQ e
NP do quadrado MQPN estão di-
vididos em três partes iguais,
medindo 1 cm cada um dos seg-
mentos (MU, UT, TQ, NR, RS e
SP). Unindo-se os pontos N e T,
R e Q, S e M, P e U por segmen-
tos de reta, obtém-se a figura ao
lado.
Calcule a área da região sombreada na figura.
N R S P
M U T Q
N R
B
D
S P
3CA
M 1 1 1U T Q
H
x
y
Logo
x
H
x
H
,
$
%
= = Υ =
1
3 3
H
H
3
3
9
4
3
4
0 = = =, logo, H e x
Área de MBQ
H
=
9
=
9
= Θ
%
2
3
9
4
2
27
8
27
8
cm2
Assim área de UDT
x
, =
9
=
9
= Θ
$
2
1
3
4
2
3
8
3
8
cm2
= 9 − 9 = Θ2
27
8
3
3
8





 4,5 4,5 cm2
Os triângulos UDT e MBQ são seme-
lhantes.
Pela simetria da figura, y
H
=
3
, então:
y 0 x 0 H − x = 3 Θ 3 cm
74 (UFV-MG) A figura
ao lado ilustra um terreno
em forma de trapézio, com
as medidas em quilômetros
(km), de três de seus lados.
13E D
13A B C
15
12 12
13
1512
A área do terreno, em km2
, é igual a:
a) 220 b) 200 c) 215 d) 210 e) 205
Portanto, a área do trapézio é:
(BC)2
= 152
− 122
Θ (BC)2
= 225 − 144
BC = 81
BC = 9 km
S S km=
0 9
Θ =
( )22 13 12
2
210 2
X
A área é: S m=
0 9
= Θ
( )440 290 200
2
73 000 73 000 2