Γιορτή της μητέρας-Φύλλα εργασιών για όλες τις τάξεις
Διαγώνισμα από το Αρσάκειο - Τοσίτσειο Λύκειο Εκάλης στα όρια
1. Σελίδα 1 από 9
Β΄ ΑΡΑΚΕΙΟ ΣΟΙΣΕΙΟ ΓΕΛ ΕΚΑΛΗ
ΔΙΑΓΩΝΙΜΑ ΜΑΘΗΜΑΣΙΚΩΝ Γ΄ ΛΤΚΕΙΟΤ
ΠΡΟΑΝΑΣΟΛΙΜΟ ΟΙΚΟΝΟΜΙΑ & ΠΛΗΡΟΥΟΡΙΚΗ
ΠΑΡΑΚΕΤΗ 20 – 11 – 2015
Ονοματεπώνυμο: ……………………………………………
ΘΕΜΑ Α
Α1. Να χαρακτηρίσετε τις ακόλουθες προτάσεις ως Σωστές ή Λανθασμένες.
1. Αν f (x) 5 για κάθε o ox α,x x ,β τότε είναι βέβαιο ότι
0x x
lim f(x) 5
.
2. Αν η συνάρτηση f είναι ορισμένη σε σύνολο της μορφής 0 0α,χ χ ,β και ,
τότε ισχύει η ισοδυναμία: 0 0x χ x χ
lim f(x) lim f(x) 0
3. Αν
x 0
lim f(x) 1
τότε
x 0
limf(x) 1
ή
x 0
limf(x) 1
.
4. Αν για τις συναρτήσεις f , g ισχύει ότι f gA A και
x x
lim f(x) lim g(x)
τότε
είναι βέβαιο ότι f (x) g(x) για κάθε x κοντά στο .
5. Αν f, g, h είναι συναρτήσεις τέτοιες ώστε
0
1
x x
lim f(x)
,
0
2
x x
lim h(x)
,
f(x) g(x) h(x) για κάθε 0 0x ,x x , και το όριο
0x x
lim g(x)
δεν υπάρχει,
τότε είναι βέβαιο ότι 1 2 .
Μονάδες 10
Α2. Στις ακόλουθες προτάσεις να επιλέξετε τη σωστή απάντηση.
1. Το
x 0
x x
lim
x
Α. ισούται με Β. ισούται με 0 Γ. ισούται με 1 Δ. ισούται με
Ε. δεν υπάρχει
2. Το
2
x
2
2x x
xlim
1 3x
ισούται με
Α. –1 Β.
1
3
Γ. 0 Δ.
1
3
Ε. 1
2. Σελίδα 2 από 9
3. Το
x 1 x 2
2x xx
4 3
lim
2 3
ισούται με
Α. 4 Β. Γ. – 9 Δ. Ε. –1
4. Το
x 0
ln x
lim
x
Α. ισούται με Β. ισούται με 0 Γ. ισούται με e Δ. ισούται με
Ε. δεν υπάρχει
5. Το x
x
lim x ln 1 3
ισούται με
Α. Β. 0 Γ. ln3 Δ. ln3 Ε.
Μονάδες 15
ΘΕΜΑ Β
Β1. Για τις διάφορες τιμές του πραγματικού αριθμού λ, να υπολογίσετε το όριο
2 2 2
x
lim x 2x 1 x 1
.
Μονάδες 10
Β2. Να βρείτε τις τιμές των , έτσι ώστε 2x 1
2 x 1
lim 1
x x
.
Μονάδες 15
ΘΕΜΑ Γ
Γ1. Θεωρούμε συναρτήσεις f,g : τέτοιες ώστε
3
f (x) x 1 x για κάθε x και
x 0
g(x) 2
lim 1
x
.
α. Να αποδείξετε ότι
x 0
f(x) 1
lim 1
x
και
x 0
limg(x) 2
.
Μονάδες 8
β. Να υπολογίσετε το όριο
3
3x 0
f(x)g (x) 8
lim
x x 1 1
.
Μονάδες 5
3. Σελίδα 3 από 9
Γ2. Στο διάγραμμα που ακολουθεί φαίνεται η γραφική παράσταση μίας συνάρτησης f
με πεδίο ορισμού 1 .
Να υπολογίσετε τα ακόλουθα όρια :
α.
x 0
1
lim
f(x)
β.
x 1
f (x)
lim
f (x) 2
γ.
x 2
1
lim
(x 2) f (x)
Μονάδες 12
ΘΕΜΑ Δ
Δίνεται η συνάρτηση f : για την οποία ισχύουν
3 2 3
f (x) xf (x) 2 x για κάθε x ,
x 0
f(x)
lim
x
και
x x
f(x) f(x)
lim lim
x x
με , και 0 .
Δ1. Να αποδείξετε ότι 1 και 0 .
Μονάδες 8
x
y
4. Σελίδα 4 από 9
Δ2. Να υπολογίσετε τα όρια
α.
x
f (x) x 2015
lim
f ( x) x 2016
β.
x 0
f x
lim
x x
Μονάδες 10
Δ3. Να αποδείξετε ότι το όριο
x 0 2 3
x f (x)
lim
x x
είναι καλώς ορισμένο και στη συνέχεια
να το υπολογίσετε.
Μονάδες 7
5. Σελίδα 5 από 9
ΕΝΔΕΙΚΣΙΚΕ ΑΠΑΝΣΗΕΙ ΔΙΑΓΩΝΙΜΑΣΟ ΟΡΙΩΝ
ΘΕΜΑ Α
Α1. ( δεν γνωρίζουμε αν υπάρχει το
0x x
lim f (x)
)
3 ( δεν γνωρίζουμε αν υπάρχει το
x 0
limf(x)
. Για παράδειγμα , αν
x 1 , x 0
f(x)
x 1 , x 0
τότε
x 0 x 0
lim f (x) lim x 1 1
αλλά το
x 0x 0 x 0
lim f (x) lim f (x) limf (x)
δεν υπάρχει).
( Είναι x x x x x
lim f(x) lim g(x) lim f(x) lim g(x) 0 lim f(x) g(x) 0
άρα f(x) g(x) 0 f(x) g(x) κοντά στο ).
( Αν ήταν 1 2 τότε από το κριτήριο παρεμβολής θα είχαμε
0
1 2
x x
lim g(x)
ΑΤΟΠΟ διότι το
0x x
lim g(x)
δεν υπάρχει).
Α2. 1. Σωστή απάντηση το Α
Λόγω της ρίζας είναι 0x οπότε x 0 x 0
x x 1
lim lim x x
x x
,
διότι κοντά στο 0
είναι x 0 άρα
x 0
1
lim
x
και x 0
lim x x 1
.
2. Σωστή απάντηση το Α
Είναι
2
x x x x
22 2
xx xx 4 14x x 4 1
22 2 2
2x x
xx x xlim lim lim lim 1
111 3x 1 3x 3x 3
xx
,
διότι
x
2
u
x
x lim u 0 u 0
2
uxlim lim 1
2 u
x
και
x
1
lim 0
x
.
3. Σωστή απάντηση το Γ
Είναι
x
x 1 x 2 x x
2x x x xx x x
3
4 3 4 4 9 3
lim lim lim
2 3 4 3
x
x
4
4 9
3
3
x
x
4
1
3
x
4
lim 0
3
9
4
1
3
.
4. Σωστή απάντηση το Α
Λόγω του ln x είναι 0x οπότε
x 0 x 0
ln x 1
lim lim ln x
x x
, αφού
x 0
1
lim
x
και x 0
lim ln x
.
6. Σελίδα 6 από 9
5. Σωστή απάντηση το Ε
Είναι
x
x x x
xx x x
e
lim x ln 1 3 lim lne ln 1 3 lim ln
1 3
και αφού
e
0 1xx x 3
xx x xx
xx
e e e 1
lim lim lim 0 1 0
11 31 3 13 1
33
, αν θέσουμε
x
x
e
u 0
1 3
τότε
x
xx u 0
e
lim ln lim ln u
1 3
.
ΘΕΜΑ Β
Β1. Έστω 2 2 2
f(x) x 2x 1 x 1 , τότε πρέπει και αρκεί 2
x 1 0 x
και 2 2
x 2x 1 0 για το οποίο έχουμε:
αν 0 τότε 2
4 4 0 άρα 2 2
1 2x 2x 1 0 x , ,
όπου 1 2 οι ρίζες του τριωνύμου.
Αν 0 τότε
1
2x 1 0 x
2
,
συνεπώς
1 2
f
, , , 0
A 1
, , 0
2
που σημαίνει ότι
Αν 0 το όριο
x
lim f(x)
δεν είναι καλώς ορισμένο.
Αν 0 , τότε
x 0
2 2
2 2 2 2x x x
2 1 1 2 1 1
lim f(x) lim x λ x 1 lim x λ 1
x xx x x x
με
x
lim x και
2
2 2x
2 1 1
lim λ 1 1 λ
x x x
.
Αν
0
1 0 1 1 0 0 1
λ
λ λ λ , , τότε
x
lim f(x) .
Αν 1 0 1 1 1 λ λ λ ή λ τότε
x
lim f(x) .
Αν 1 0 1 1 λ λ λ , τότε
2 2 2 2
2 2
2 2
2 2 2 2x x x x
x 2x 1 x 1 x 2x 1 x 1 x 2x 1 x 1
lim f(x) lim x 2x 1 x 1 lim lim
x 2x 1 x 1 x 2x 1 x 1
0
2 22 2
2 22 2
2
1
22 1 12 1 1
1 11 1
x
x x
x
x xlim lim
x
x x xx x x
.
7. Σελίδα 7 από 9
Β2. Αφού x 1
lim 2 x 1 0
και 2
x 1
lim x αx β 1 α β
, τότε :
Αν 1 α β 0 τότε 2x 1
2 x 1
lim 0 1
x αx β
, απορρίπτεται.
Αν 1 α β 0 β α 1 (1) , τότε
2x 1 x 1 x 1 x 1
2 x 1 2 x 1
2 x 1 2 x 1 2 x 1
lim lim lim lim
x αx α 1 x 1 x 1 α x 1 x 1 x 1 α x 1 x 1 α 2 x 1
x 1 x 1
1 x 1
lim lim
1 x 1 x x 1 α 2 x 1 1 x x 1 α 2 x 1
με x 1
lim 1 x x 1 2 x 1 4 2
.
Αν 4 2 0 2 τότε
x 1
1
lim
1 x x 1 α 2 x 1
, απορρίπτεται
Έτσι 2 , οπότε
x 1
1 1
lim
4 2 α1 x x 1 α 2 x 1
συνεπώς ,
1 1 9
1 α 2 α
4 2 α 4 4
και
9 5
(1) β 1 β
4 4
.
ΘΕΜΑ Γ
Γ1. α. Είναι
x 0
3 2 2 2
f(x) 1 x f(x) 1 x f(x) 1
f(x) x 1 x x x 1 x
x x x
2 2 2 2f(x) 1 f(x) 1
x 1 x 1 x 1 x
x x
και αφού
2 2
x 0 x 0
lim(1 x ) lim(1 x ) 1,
τότε από το κριτήριο παρεμβολής έπεται ότι
x 0
f(x) 1
lim 1
x
.
Επίσης, αν
g(x) 2
h(x)
x
, x 0 τότε ( ) ( ) 2 g x xh x με
x 0
limh(x) 1
.
Έτσι x 0 x 0
limg(x) lim xh(x) 2 0 1 2 2
.
β. Είναι 3
x 0
lim x x 1 1 0
, άρα 3
x x 1 0 κοντά στο 0.
Έτσι
3 3 3 3 3 3
33 2 2x 0 x 0 x 0 x 0
f(x)g (x) 8 f(x)g (x) 8 f(x)g (x) 8 f(x)g (x) g (x) g (x) 8
lim lim lim lim
x x 1 1x x 1 1 x x 1 x x 1
3 3 3 2
2 2x 0 x 0
g (x) f (x) 1 g (x) 8 g (x) f (x) 1 g(x) 2 g (x) 2g(x) 4
lim lim
x x 1 x x 1
3 2
2 2x 0
f(x) 1 g (x) g(x) 2 g (x) 2g(x) 4 8 12
lim 1 1 4
x x 1 x x 1 1 1
8. Σελίδα 8 από 9
Γ2. α. αφού
x 0
limf(x) 0
και f(x) 0 κοντά στο 0, τότε
x 0
1
lim
f (x)
.
β. Είναι
1
( ) 0
1 1 ( ) ( )
1 ( ) 1 3 ( ) 2 1 1 ( )
3 ( ) 2 3 ( ) 2
κοντά στο
f x
f x f x
συνf x συνf x f x
συνf x συνf x
και αφού
x 1
lim f(x)
τότε 1 1
( )
lim lim ( )
3
x x
f x
f x οπότε από το κριτήριο παρεμβολής
έπεται
x 1
f (x)
lim
συνf (x) 2
.
γ. Αφού
x 2 0 , f(x) 0 κοντά στο 2
x 2 f(x) 0 κοντά στο 2
x 2 0 , f(x) 0 κοντά στο 2
και x 2
lim x 2 f(x) 0
τότε
x 2
1
lim
(x 2) f(x)
.
ΘΕΜΑ Δ
Δ1. Αν x 0 τότε
3 3 2 33 2 3x 0
3 2 3
3 3
f (x) xf (x) 2 x f(x) f(x) x
f (x) xf (x) 2 x 2
x x x x x
και αφού
x 0
f(x)
lim
x
και
x 0
x
lim 1
x
τότε
3 2 3
3 2
x 0 x 0
f(x) f(x) x
lim lim 2 2
x x x
(1)
Ομοίως, αν x 0 προκύπτει ότι 3 2
2 (2).
Από τις (1), (2) προκύπτει ότι
Horner
3 2 3 2 2
2 2 0 1 2 2 0 1 .
Επιπλέον,
x
f(x)
lim
x
και
x
x
lim 0
x
οπότε
3 2 3 3 2 3
3 2
x x
f(x) f(x) x f(x) f(x) x
2 lim lim 2 0
x x x x x x
(3)
Ανάλογα, για x 0 είναι
3 2 3 3 2 3
3 2
x x
f(x) f(x) x f(x) f(x) x
2 lim lim 2 0
x x x x x x
(4)
Από τις (3), (4) προκύπτει ότι 3 2 2
0 1 0 0 ή 1 , απορρίπτεται διότι
0 1 0 1 .
Δ2.
x x x
f (x) x 2015 f (x) 2015
1
f (x) x 2015 0 1 0x x xlim lim lim 1
f ( x) x 2016 f ( x) 2016f ( x) x 2016 0 1 01
x x x
διότι
x
u x
x lim ( x) u
f( x) f(u)
lim lim 0
x u
.
9. Σελίδα 9 από 9
Επίσης,
x 0 x 0 x 0 x 0
f x f x f x f xx x 1
lim lim lim lim
xxx x x x x x x 1x 1
xx
διότι για x 0 είναι
x x x
x x 1 1 1 1
x x x
άρα
x
1 0
x
οπότε
x 0
1
lim
x
1
x
.
Δ3. Αφού
x 0
f(x)
lim 1
x
τότε
x 0
f (x)
lim 1 0
x
οπότε f(x) 0 κοντά στο 0
.
Έτσι, αν
2 3
x f(x)
g(x)
x x
τότε πρέπει και αρκεί x 0 και f(x) 0 που ισχύει κοντά στο 0
συνεπώς η g ορίζεται σε διάστημα της μορφής 0, .
Ακόμα,
x 0 x 0
f(x)
limf(x) lim x 1 0 0
x
( βγαίνει και με θέτω συνάρτηση ), οπότε
x 0 x 02 3 2 3
x f(x) x f(x) x f(x)
lim lim 1
x f(x)x x x x
διότι
x 0
u x f (x)
x 0 u 0lim x f (x) 0
x f (x) u
lim lim 1
ux f (x)
και
2x 0 x 0 x 0 x 0 x 02 3
x f(x) x f(x) f(x) f(x) f(x) 1
lim lim lim lim lim 1
xx x x x x x 1x x 1x x
.