djeddi kamel

1. On considère l’application f définie de 3
IR vers 3
IR par : ),,()),,(( zzxzyzyxf +−=
1) Montrer que l’application f est linéaire.
2) Calculer ff o et en déduire que f est un automorphisme.
3) Déterminer )( fKer et )Im( f .
Exercice 2
1) On considère l’application linéaire f définie de 3
IR vers 4
IR par :
),,,()),,((:),,( 3
zyxxzzyyxzyxfIRzyx +++++=∈∀
a) Calculer l’image de la base canonique de 3
IR par f .
b) En déduire une base de )Im( f et le rang de f ( ))( frg .
c) Déterminer le noyau de f ( ))( fKer et en déduire le rang de f ( ))( frg .
2) Mêmes questions pour l’application linéaire g définie de 3
IR vers 4
IR par :
),,,()),,((:),,( 3
zyxzyxzyxzyxzyxgIRzyx −+−+−−+−−+=∈∀
1) Déterminer une base de )Im( f et une base de )( fKer pour chacune des applications
linéaires.
a) f définie de
3
IR vers
2
IR par : ),(),,( zyxzyxzyxf −−+−=
b) f définie de
3
IR vers
2
IR par : ),(),,( xzyzyxzyxf −+−−=
c) f définie de
2
IR vers
3
IR par : ),,(),( yxxyyxyxf −+−=
d) f définie de
3
IR vers
3
IR par : ),22,2(),,( zyxzyxzyxzyxf −+−++++=
e) f définie de
3
IR vers
3
IR par : ),,(),,( zyxzyxzyxzyxf −++−++=
2) Déterminer
1−
f si elle existe.
Dans 3
IR , on considère le sous espace vectoriel V défini par { }0/),,( 3
=−∈= zxIRzyxV .
1) Donner une base B du sous espace vectoriel V .
2) On considère l’application linéaire g définie de V vers 2
IR par :
),()),,(( yxyxzyxg −+=
a) Calculer l’image de la base B par f et en déduire une base de )Im(g .
b) Montrer que g est un isomorphisme de V vers 2
IR et déterminer
1−
g .
Série 2: Applications linéaires
Exercice 1
Exercice 3
Exercice 4
E-mail:djeddi.kamel@gmail.com
2015

2. Correction de l’exercice 1
1) Montrons que l’application f est linéaire.
♦ Soit ( )23
),( IRyx ∈ : ),,( 321 xxxx = et ),,( 321 yyyy =
On vérifie que 2
),( IR∈∀ βα , on a : ( ) ( )yfxfyxf ..)..( βαβα +=+
♦ L’application f est alors linéaire.
2)
♦ Calcul de l’application ff o .
( )( ) ( )( ) ( )zzxzyfzyxffzyxffzzxzyzyxf ,,,,,,),,()),,(( +−==⇒+−= o
( )( ) ( ) ( ) ),,(,)(,)(,,,, zyxzzzyzzxzzxzyzyxff =+−−+=+−=⇒ o
⇒ 3
IR
Idff =o
♦ f est un automorphisme :
L’application f est linéaire.
L’application f est bijective et ff =−1
: 3
IR
Idff =o
3) Déterminons )( fKer et )Im( f .
♦ Déterminons )( fKer : { })0,0,0(),,(/),,()( 3
=∈= zyxfIRzyxfKer
)(),,( fKerzyx ∈ ssi )0,0,0(),,( =+− zzxzy
ssi





=
=+
=−
0
0
0
z
zx
zy
ssi





=
=−=
==
0
0
0
z
zx
zy
{ })0,0,0()( =fKer
♦ Déterminons )Im( f : >=< )(),(),(Im 321 efefeff , { }321 ,, eee une base de 3
IR
{ }321 ,, eee la base canonique de 3
IR : )0,0,1(1 =e , )0,1,0(2 =e , )1,0,0(3 =e





−==
==
==
)1,1,1()(
)0,0,1()(
)0,1,0()(
33
22
11
efu
efu
efu
: >=< 321 ,,Im uuuf
On pose { }321 ,, uuuS = : >=< 321 ,,Im uuuf
Corrections
E-mail:djeddi.kamel@gmail.com

3. Correction de l’exercice 2
1) ),,,()),,(( zyxxzzyyxzyxf +++++=
a) Calculons l’image de la base canonique { }321 ,, eee de 3
IR par f .





=
=
=
⇒





=
=
=
)1,1,1,0()(
)1,0,1,1()(
)1,1,0,1()(
)1,0,0(
)0,1,0(
)0,0,1(
3
2
1
3
2
1
ef
ef
ef
e
e
e
b) Déduisons en une base de )Im( f et ( ))( frg
♦ Déterminons une base de )Im( f
>>=<=< 321321 ,,)(),(),(Im uuuefefeff avec :





=
=
=
)1,1,1,0(
)1,0,1,1(
)1,1,0,1(
3
2
1
u
u
u
Déterminons le rang du système { }321 ,, uuuS = : 3)(1 ≤≤ Srg
Cherchons si 3)( =Srg : { }321 ,, uuuS = est-il libre ?
0
00
0
0
0
)0,0,0,0(... 321
321
213
23
21
321
31
32
21
332211 ===⇒







=++
=−=
−=
−=
⇒







=++
=+
=+
=+
⇒=++ ααα
ααα
ααα
αα
αα
ααα
αα
αα
αα
ααα uuu
Le système { }321 ,, uuuS = est alors libre 3)( =⇒ Srg
♦ { }321 ,, uuu est alors une base de fIm :
3
Im IRf =
♦ ⇒== 3)dim(Im)( ffrg 3)( =frg
c) Déterminons une base de )( fKer et ( ))( frg
♦ Déterminons une base de )( fKer : { })0,0,0,0(),,(/),,()( 3
=∈= zyxfIRzyxfKer
Déterminons le rang du système 321 ,, uuuS = : 3)(1 ≤≤ Srg
o Cherchons si 3)( =Srg : { }321 ,, uuuS = est-il libre ?
o )0,0,0(.. 332211 =++ uuu ααα
o )0,0,0()1,1,1.()0,0,1.()1,0,1.( 321 =−++⇒ ααα

4. )(),,( fKerzyx ∈ ssi )0,0,0,0(),,,( =++++++ zyxzxzyyx
ssi







=++
=+
=+
=+
0
0
0
0
zyx
zx
zy
yx
ssi







−−=
−=
=−=
−=
zxy
xz
xyz
yx
ssi 0=== zyx
♦ Donc : { })0,0,0()( =fKer , ( ) 0)(dim =fKer
♦ ( ) ( ) ⇒−=⇒=+ )(dim3)(dim)(dim)( 3
fKerfrgIRfKerfrg 3)( =frg
2) ),,,()),,(( zyxzyxzyxzyxzyxg −+−+−−+−−+=
a) Calculons l’image de la base canonique { }321 ,, eee de 3
IR par g .





−−=
−−=
−−=
⇒





=
=
=
)1,1,1,1()(
)1,1,1,1()(
)1,1,1,1()(
)1,0,0(
)0,1,0(
)0,0,1(
3
2
1
3
2
1
eg
eg
eg
e
e
e
b) Déduisons en une base de )Im(g et ( ))(grg
♦ Déterminons une base de )Im(g
>>=<=< 321321 ,,)(),(),(Im uuuegegegf avec :





−−=
−−=
−−=
)1,1,1,1(
)1,1,1,1(
)1,1,1,1(
3
2
1
u
u
u
Déterminons le rang du système { }321 ,, uuuS = : 3)(1 ≤≤ Srg
Cherchons si 3)( =Srg : { }321 ,, uuuS = est-il libre ?
{ }321 ,, uuuS = est lié car 23 uu −= 3)( <⇒ Srg
• Cherchons si 2)( =Srg :
Le système { }21,uu (ou bien { }31,uu ) est libre (calcul) 2)( =⇒ Srg
♦ { }21,uu et { }31,uu sont deux base de gIm : >>=<=< 3121 ,,Im uuuug
♦ ⇒== 2)dim(Im)( ggrg 2)( =grg

5. c) Déterminons une base de )(gKer et ( ))(grg
♦ Déterminons une base de )(gKer :
{ })0,0,0,0(),,(/),,()( 3
=∈= zyxgIRzyxgKer
)(),,( gKerzyx ∈ ssi )0,0,0,0(),,,( =++++++ zyxzxzyyx
ssi







=−+−
=+−−
=+−
=−+
0
0
0
0
)4(
)3(
)2(
)1(
zyx
zyx
zyx
zyx
ssi



+−
=−+
zyx
zyx 0
)2(
)1(
ssi



=
=
−
+
zy
x 0
)2()1(
)2()1(
ssi )1,1,0.(),,0(),,( yyyzyx == , ( )IRy ∈
♦ Donc : >=< )1,1,0()(gKer , ( ) 1)(dim =gKer
♦ ( ) ( ) ⇒−=⇒=+ )(dim3)(dim)(dim)( 3
gKergrgIRgKergrg 2)( =grg
Correction de l’exercice 3
1) Déterminons )( fKer et )Im( f .
a. ),(),,( zyxzyxzyxf −−+−=
Déterminons une base de )( fKer : { })0,0(),,(/),,()( 3
=∈= zyxfIRzyxfKer
o )(),,( fKerzyx ∈ ssi )0,0(),( =−−+− zyxzyx
o ssi



=−−
=+−
0
0
zyx
zyx
ssi



−=
=−
yxz
yx 0
ssi



=
=
0z
yx
o >=< )0,1,1()( fKer , { })0,1,1( est une base de )( fKer
Déterminons une base de )Im( f : >=< )(),(),(Im 321 efefeff
o { }321 ,, eee la base canonique de 3
IR : )0,0,1(1 =e , )0,1,0(2 =e , )1,0,0(3 =e
o On pose { }321 ,, uuuS = avec





−==
−−==
==
)1,1()(
)1,1()(
)1,1()(
33
22
11
efu
efu
efu
: >=< 321 ,,Im uuuf

6. o Déterminons le rang du système { }321 ,, uuuS = : 3)(1 ≤≤ Srg
• Cherchons si 3)( =Srg : { }321 ,, uuuS = est-il libre ?
{ }321 ,, uuuS = est lié car 12 uu −= 3)( <⇒ Srg
• Cherchons si 2)( =Srg :
Le système { }32,uu (ou bien { }31,uu ) est libre (calcul) 2)( =⇒ Srg
o { }32,uu et { }31,uu sont deux base de fIm
o >>=<=< 3132 ,,Im uuuuf ,
2
Im IRf =
b. ),(),,( xzyzyxzyxf −+−−=
Déterminons une base de )( fKer : { })0,0(),,(/),,()( 3
=∈= zyxfIRzyxfKer
o )(),,( fKerzyx ∈ ssi )0,0(),( =++−−− zyxzyx
o ssi



=++−
=−−
0
0
zyx
zyx
ssi 0=−− zyx ssi zyx += , ( )IRzy ∈,
o ssi )1,0,1.()0,1,1.(),,(),,( zyzyzyzyx +=+= , ( )IRzy ∈,
o Donc : >=< )1,0,1(),0,1,1()( fKer , { })1,0,1(),0,1,1( est une base de )( fKer
Déterminons une base de )Im( f : >=< )(),(),(Im 321 efefeff
o { }321 ,, eee la base canonique de 3
IR : )0,0,1(1 =e , )0,1,0(2 =e , )1,0,0(3 =e
o On pose { }321 ,, uuuS = avec





−==
−==
−==
)1,1()(
)1,1()(
)1,1()(
33
22
11
efu
efu
efu
: >=< 321 ,,Im uuuf
o Déterminons le rang du système { }321 ,, uuuS = : 3)(1 ≤≤ Srg
• Cherchons si 3)( =Srg : { }321 ,, uuuS = est-il libre ?
{ }321 ,, uuuS = est lié car 123 uuu −== 3)( <⇒ Srg
• Cherchons si 2)( =Srg :
Le système { }21,uu est lié car 12 uu −=
Le système { }31,uu est lié car 13 uu −=
Le système { }32,uu est lié car 23 uu =
• 2)( <⇒ Srg

7. o Le système { }1u est libre 1)( =⇒ Srg
o { }1u est alors une base de fIm : >=>=<=< 321Im uuuf
c. ),,(),( yxxyyxyxf −+−=
Déterminons une base de )( fKer : { })0,0,0(),(/),()( 2
=∈= yxfIRyxfKer
o )(),( fKeryx ∈ ssi )0,0,0(),,( =−+− yxxyyx
o ssi



=+
=−
0
0
yx
yx
ssi



−=
=
yx
yx
ssi 0== yx
o Donc : { })0,0()( =fKer
Déterminons une base de )Im( f : >=< )(),(Im 21 efeff
o { }21,ee la base canonique de 2
IR : )0,1(1 =e , )1,0(2 =e
o On pose { }21,uuS = , avec



−−==
==
)1,1,1()(
)1,1,1()(
22
11
efu
efu
: >=< 21,Im uuf
o Déterminons le rang du système { }21,uuS = : 2)(1 ≤≤ Srg
• Cherchons si 2)( =Srg : { }21,uuS = est-il libre ? { }21,uuS = est libre (calcul)
o 2)( <⇒ Srg
o { }21,uuS = est alors une base de fIm : >=< 21,Im uuf
d. ),22,2(),,( zyxzyxzyxzyxf −+−++++=
Déterminons une base de )( fKer : { })0,0,0(),,(/),,()( 3
=∈= zyxfIRzyxfKer
o )(),,( fKerzyx ∈ ssi )0,0,0(),22,2( =−+−++++ zyxzyxzyx
o ssi





=−+−
=++
=++
0
022
02
)3(
)2(
)1(
zyx
zyx
zyx
ssi





=+
−=+
=+
yzx
yzx
y
)(2
0
)3(
)2(
)3()1(
ssi





∈
−=
=
IRx
xz
y 0
o ssi )1,0,1.(),0,(),,( −=−= xxxzyx , ( )IRx∈
o Donc : >−=< )1,0,1()( fKer
Déterminons une base de )Im( f : >=< )(),(),(Im 321 efefeff
o { }321 ,, eee la base canonique de 3
IR : )0,0,1(1 =e , )0,1,0(2 =e , )1,0,0(3 =e

8. o On pose { }321 ,, uuuS = avec





−==
==
−==
)1,2,1()(
)1,1,2()(
)1,2,1()(
33
22
11
efu
efu
efu
: >=< 321 ,,Im uuuf
o Déterminons le rang du système { }321 ,, uuuS = : 3)(1 ≤≤ Srg
• Cherchons si 3)( =Srg : { }321 ,, uuuS = est-il libre ?
{ }321 ,, uuuS = est lié car 13 uu = 3)( <⇒ Srg
• Cherchons si 2)( =Srg :
Le système { }21,uu (ou bien { }32,uu ) est libre (calcul) 2)( =⇒ Srg
o { }21,uu et { }32,uu sont deux base de fIm : >>=<=< 3221 ,,Im uuuuf
e. ),,(),,( zyxzyxzyxzyxf −++−++=
Déterminons une base de )( fKer : { })0,0,0(),,(/),,()( 3
=∈= zyxfIRzyxfKer
o )(),,( fKerzyx ∈ ssi )0,0,0(),,( =−++−++ zyxzyxzyx
o ssi





=−+
=+−
=++
0
0
0
)3(
)2(
)1(
zyx
zyx
zyx
ssi





=
=
=
+
−
−
0
0
0
)3()2(
)2()1(
)3()1(
x
y
z
o Donc : { })0,0,0()( =fKer
Déterminons une base de )Im( f : >=< )(),(),(Im 321 efefeff
o { }321 ,, eee la base canonique de 3
IR : )0,0,1(1 =e , )0,1,0(2 =e , )1,0,0(3 =e
o On pose { }321 ,, uuuS = avec





−==
−==
==
)1,1,1()(
)1,1,1()(
)1,1,1()(
33
22
11
efu
efu
efu
: >=< 321 ,,Im uuuf
o Déterminons le rang du système { }321 ,, uuuS = : 3)(1 ≤≤ Srg
• Cherchons si 3)( =Srg : { }321 ,, uuuS = est-il libre ?
On vérifie que { }321 ,, uuuS = est libre (calcul).
• 3=⇒ S

9. o { }321 ,, uuu est alors une base de fIm :
3
Im IRf =
Pour déterminer une base de )Im( f , sans calcul, il suffit de remarquer que :
o f est injective car : { })0,0,0()( =fKer
o f est alors un endomorphisme injectif de 3
IR , donc f est bijective.
o Donc f est surjective et alors
3
Im IRf =
2) Déterminons
1−
f , lorsqu’elle existe.
a. f définie de
3
IR vers
2
IR par : ),(),,( zyxzyxzyxf −−+−=
23
dimdim IRIR > , donc f ne peut pas être injective donc f ne peut pas être bijective :
o
2
Im IRf = donc f est surjective.
o { })0,0,0()( ≠fKer donc f n’est pas injective.
b. f définie de
3
IR vers
2
IR par : ),(),,( xzyzyxzyxf −+−−=
23
dimdim IRIR > , donc f ne peut pas être injective donc f ne peut pas être bijective :
o 1)dim(Im =f , donc
2
Im IRf ≠ donc f n’est pas surjective.
o { })0,0,0()( ≠fKer donc f n’est pas injective.
c. f définie de
2
IR vers
3
IR par : ),,(),( yxxyyxyxf −+−=
23
dimdim IRIR < , donc f ne peut pas être surjective donc f ne peut pas être
bijective :
o 2)dim(Im =f , donc
3
Im IRf ≠ donc f n’est pas surjective.
o { })0,0()( =fKer donc f est injective.
o f définie de
3
IR vers
3
IR par : ),22,2(),,( zyxzyxzyxzyxf −+−++++=
33
dimdim IRIR = , donc f peut être bijective :
f est bijective ssi f est injective ssi f est surjective
o 2)dim(Im =f donc
3
Im IRf ≠ et f n’est pas surjective.
o { })0,0,0()( ≠fKer donc f n’est pas injective.
o f n’est alors pas un automorphisme de 3
IR .

10. d. f définie de
3
IR vers
3
IR par : ),,(),,( zyxzyxzyxzyxf −++−++=
33
dimdim IRIR = , donc f peut être bijective :
f est bijective ssi f est injective ssi f est surjective
o 3
Im IRf = donc f est surjective.
o { })0,0,0()( =fKer donc f est injective.
o f est alors un automorphisme de 3
IR .
♦ Déterminons alors
1−
f .
1−
f définie de
3
IR vers
3
IR par : ),,(),,(1
zyxZYXf =−
ssi ),,(),,( ZYXzyxf =
),,(),,( ZYXzyxf = ssi ),,(),,( ZYXzyxzyxzyx =−++−++
ssi





=−+
=+−
=++
Zzyx
Yzyx
Xzyx
)3(
)2(
)1(
ssi





+=
−=
−=
+
−
−
ZYx
YXy
ZXz
2
2
2
)3()2(
)2()1(
)3()1(
ssi








+=
−=
−=
ZYx
YXy
ZXz
2
1
2
1
2
1
2
1
2
1
2
1
♦ La bijection réciproque
1−
f de ),,(),,( zyxzyxzyxzyxf −++−++= est alors définie de
3
IR vers
3
IR par : 





−−+=−
ZXYXZYZYXf
2
1
2
1
,
2
1
2
1
,
2
1
2
1
),,(1
Correction de l’exercice 2
1) Déterminons une base de { }0/),,( 3
=−∈= zxIRzyxV :
♦ Vzyx ∈),,( ssi 0== zx ssi )1,0,1.()0,1,0.(),,(),,( xyxyxzyx +== , ( )IRyx ∈,
♦ Donc : { })1,0,1(),0,1,0(=B est une base de V , 2dim =V
2) l’application linéaire g définie de V vers 2
IR par : ),()),,(( yxyxzyxg −+=

11. a) Calculons l’image de la base B de V par g .
{ }



=
−=
⇒



=
=
=
)1,1()(
)1,1()(
)1,0,1(
)0,1,0(
:,
2
1
2
1
21
ug
ug
u
u
uuB
b) Montrons que g est un isomorphisme de V vers 2
IR et déterminons
1−
g .
♦ Montrons que g est un isomorphisme de V vers 2
IR :
g est une application linéaire de V vers 2
IR et 2)dim(dim 2
== IRV
Pour montrer que g est un isomorphisme, il suffit alors de montrer que g est injective
ou g est surjective.
Montrons que g est injective : { })0,0,0()(
?
=gKer
o Déterminons )(gKer : { })0,0(),,(/),,()( =∈= zyxgVzyxfKer
o )(),,( gKerzyx ∈ ssi





=−
=+
=−
0
0
0
yx
yx
zx
ssi 0=== zyx
o Donc : { })0,0,0()( =gKer
g est alors injective donc bijective.
Ou bien :
Montrons que g est surjective :
2
?
)Im( IRg =
o >>=<=< 2121 ,))(),(Im vvugugg avec :



=
−=
)1,1(
)1,1(
2
1
v
v
o Déterminons le rang du système { }21,vvS = : 2)(1 ≤≤ Srg
o Le système { }21,vvS = est libre (calcul) 2)dim(Im2)( =⇒=⇒ gSrg
o { }21,uu est alors une base de gIm :
2
)Im( IRg =
g est alors surjective donc bijective.
♦ g est alors un isomorphisme de V vers 2
IR .

12. ♦ Déterminons
1−
g : ),,(),(1
zyxYXg =−
ssi ),(),,( YXzyxg = , avec Vzyx ∈),,(
( )VzyxYXzyxg ∈= ),,(),,(),,( ssi





=−
=+
=−
Yyx
Xyx
zx 0
)3(
)2(
)1(
ssi





−=
+=
=
−
+
YXy
YXx
xz
2
2
)3()2(
)3()2(
)1(
ssi








−=
+=
+=
YXy
YXx
YXz
2
1
2
1
2
1
2
1
2
1
2
1
♦ L’isomorphisme réciproque
1−
g de ),()),,(( yxyxzyxg −+= est alors définie de 2
IR vers
par : 





+−+=−
YXYXYXYXg
2
1
2
1
,
2
1
2
1
,
2
1
2
1
),(1