01 COSTOS UNITARIOS Y PRESUPUESTO DE OBRA-EXPEDIENTE TECNICO DE OBRA.pptx
Ejercicios resueltos valores y vectores propios, diagonaliz,.....
1. 1
ALGEBRA LINEAL
PROBLEMAS RESUELTOS
Valores Propios y Vectores Propios. Polinomio característico. Diagonalización
1. Respecto a la transformación lineal XX:T
22112211
21121211
2221
1211
2221
1211
T;IR/X ij
El polinomio característico es:
a) 22234
b) 222 234
c) 22234
d) 2234
e) Ninguno de los polinomios anteriores.
DESARROLLO:
Obtengamos una matriz asociada a la transformación lineal ( Por conveniencia con respecto a las
bases canónicas):
Sea
10
00
,
01
00
,
00
10
,
00
01
B , entonces:
1001
101
0110
0011
1001
1001
0110
0011
pAT
11211111 222
p
22222 23443322
p
La respuesta es el literal a.
2. Identifique la proposición falsa:
a) Si A no es invertible, entonces 0 es un valor propio de A .
VERDADERO
Sabemos que la matriz A no es invertible cuando 0)det( A , pero:
IAp det , entonces 0)det(0 Ap , lo cual quiere decir que 0 es una
raíz del polinomio característico, por lo tanto constituye un valor propio de A .
b) Si
400
023
012
A , entonces 16 es un valor característico de 2
A .
VERDADERO
Conocemos que si es un valor propio de una matriz A , entonces
2
es un valor propio de
2
A . Esto nos permite calcular directamente los valores propios de A y a partir de estos valores
hallar los valores propios de
2
A :
2. 2
43422
400
023
012
p
414344 22
p es un valor propio de A , por lo
tanto 162
es un valor propio de
2
A .
c) Si A es semejante a B , entonces sus polinomios característicos son iguales.
VERDADERO
Si A es semejante a B , entonces existe una matriz P tal que BPPA 1
, por lo tanto:
PPBPPIBPPIApA
111
detdetdet
BA pIBPIBPPIBPp
detdetdetdetdet 11
d) Dada
1000
5100
6710
8901
A , entonces los valores característicos de A son: 8, -8, 1 y -1.
FALSO
1111
1000
5100
6710
8901
p
2,12,111
22
mamap
e) Ninguna de las proposiciones anteriores.
3. Sea 22 PP:T una transformación lineal definida por:
2
20110
2
210 52323 xaxaaaaxaxaaT . Entonces es cierto que:
a) 12
x es un vector característico de T correspondiente al valor característico 1 .
FALSO
Si dicho vector es característico, debería cumplirse que vvT , pero:
113251 222
xxxxT
b) La representación matricial de T respecto a la base canónica es diagonalizable.
VERDADERO
Obtengamos los valores y vectores propios de la transformación:
Sea 1,,2
xxB , una base de 2P , entonces:
435
320
230
005
320
230
005
2
pAT
3. 3
1,12,5515 21 mamap
5 :
0/0110
220
220
000
5 zy
z
y
x
zy
2
21 1 xvxv
1 :
00/00
110
001
220
220
004
5 zyx
z
y
x
zyx
13 xv , por lo tanto si es diagonalizable ya que existen tres vectores propios linealmente
independientes.
c) 1, -1 y 5 son los valores propios de T .
FALSO
Los valores propios son: 1,12,5 21 mama .
d) La representación matricial de T respecto a la base x;x;xP 11 2
2 es una matriz
diagonal.
VERDADERO
Dicha base está formada por los vectores propios de la transformación lineal.
e) Ninguna de las anteriores.
4. ¿Cuál de las siguientes proposiciones es falsa?
a) La matriz
4917
91125
6919
A no es diagonalizable.
VERDADERO:
8141119
4917
91125
6919
p
25539371519111722561534259 2
22810222547737157032851938176 232
21211231254
2223
1,22,1 21 mama , por lo tanto para que la matriz sea diagonalizable debe
cumplirse que 211 mamg .
4. 4
1 :
5917
430
236
5917
91225
236
5917
91225
6918
221
11 6253
1
LLL
LL
zyzxLLLLLL
3
4
430
606
430
430
236
121331 617
1dim 11 mg , por lo cual la matriz no es diagonalizable.
b) Si
21
01
A , entonces
10241023
0110
A .
FALSO:
En este problema podríamos proceder a realizar las multiplicaciones, pero aquello sería
un proceso largo, más aún si el exponente fuera aún mayor. Entonces supongamos que la matriz
A es diagonalizable, o sea existe una matriz diagonal D tal que:
ACCD 1
1
CDCA , por lo tanto: 11212
CDCCDCCDCA
122
CCDA , y en general tenemos que:
1
CCDA nn
, siempre y cuando la matriz A sea
diagonalizable, entonces el problema se reduce a encontrar los valores y vectores propios de la
matriz A , teniendo en cuenta que elevar una matriz diagonal a una potencia, consiste tan sólo en
elevar a los elementos de su diagonal a dicha potencia.
21021
21
01
21
p
1 :
1
1
11
00
1v
2 :
1
0
01
01
2v
20
01
11
01
11
01 1
DCC
11
01
10240
01
11
01
11
01
20
01
11
01
21
01
1010
10241023
01
11
01
10241
01
21
01
10
5. 5
c) El subespacio de 3
IR
IRt,s;
t
ts
s
W 22 es un espacio característico de
324
202
423
A corresponde al valor propio 1 .
VERDADERO:
Al subespacio W lo podemos escribir como
1
2
0
,
0
2
1
LW , lo cual quiere decir que
los vectores
1
2
0
0
2
1
son vectores propios asociados al valor propio 1 , por lo tanto
debería cumplirse que:
1
2
0
1
1
2
0
324
202
423
0
2
1
1
0
2
1
324
202
423
, lo cual si se satisface,
por lo tanto la afirmación es verdadera.
d) Si
112
123
411
A , entonces 0652 23
IAAA .
VERDADERO:
Obtengamos el polinomio característico de A :
1241311
112
123
411
2
p
065248131 23232
p
652 23
p , pero la expresión 0652 23
IAAA equivale a 0Ap ,
lo cual se satisface ya que toda matriz satisface su polinomio característico.
e) Ninguna de las anteriores.
5. Sea A una matriz nn diagonalizable. Demuestre que nAdet 321 , donde
n,,, 321 son los valores característicos de A .
Desarrollo:
Sea IAaaap n
n
n
det... 01
1
1 , el polinomio característico de A,
entonces 00det apA , pero sabemos que para cualquier polinomio su término
independiente "" 0a es igual al producto de sus raíces, o sea:
6. 6
na ...210 , donde n ...21 son las raíces de p ( por ende los valores propios de A ), por
lo tanto naA ...det 210 .
6. Sea VV:T una transformación lineal cualquiera. Sean 1 y 2 , dos valores característicos
distintos de T . Si 1y y 2y son dos vectores característicos correspondientes a 1 y 2
respectivamente, demuestre que el vector 21 yyz no es un vector característico de T .
DESARROLLO:
Para que el vector 21 yyz sea un vector propio de T , debería existir un valor , tal que
zzT , valor que vamos a demostrar que no existe, entonces:
22112121 yyyTyTyyTzT , pero debería cumplirse que
2121 yyyyT , lo cual solo se cumpliría si 2121 yy . Pero como aquello
contradice las hipótesis, concluimos que el valor no existe, por lo tanto la afirmación es
verdadera.
7. Si A es una matriz invertible y IAdetp es un polinomio característico; probar que el
polinomio característico de 1
A es: 1
det
1
det 1
p
A
IA
n
.
DESARROLLO:
IAApAAApIAp
1
detdetdet 11
IAApIAAp
n
1
detdet
1
detdet 11
A
pIA n
det
111
det 1
, sea
1
' ,
A
pIA
n
det
1
'
1
''det 1
y podemos decir que ' , entonces:
1
det
1
det 1
p
A
IA
n
.
8. Considérese el operador lineal: 33
RR:T tal que AXXT donde
3332
2322
1312
3
2
1
aa
aa
aa
A y 3
RX . Los tres vectores propios del operador lineal son:
011110 21 ,,x,,,x y 1013 ,,x
a) Determine la regla de correspondencia de T .
b) Obtenga la dimensión del complemento ortogonal del Ker T .
DESARROLLO:
Por comodidad supongamos que:
fc
eb
da
A
3
2
1
. Entonces como los vectores propios de la
transformación son: 011110 21 ,,x,,,x y 1013 ,,x , podemos decir que:
7. 7
333222111 xxTxxTxxT , lo cual implica que:
1
0
1
1
0
1
3
2
1
0
1
1
0
1
1
3
2
1
1
1
0
1
1
0
3
2
1
321
fc
eb
da
fc
eb
da
fc
eb
da
1
1
0
fc
eb
da
3
2
1
2
2
c
b
a
3
2
1
3
3
f
e
d
1
0
fb
da
3 ba 4 fd
4
3
1
0
fd
ba
fb
da
0
2
6
3
2
1
3
4
1
42
2
4
2
1
4
3
1
3
2
1
f
e
d
c
b
a
dd
df
fd
df
fb
fd
db
fb
da
, por lo tanto la
regla de correspondencia de la transformación viene dada por:
zyx
zyx
zyx
z
y
x
z
y
x
T
333
242
333
242
111
, luego el núcleo de T es
1
0
1
LTNu , lo
cual implica que: 1dim TKer , y sabiendo que
3dimdimdim
VTKerTKer , podemos concluir que 2dim
TKer .
9. Sea V el espacio vectorial: IR,,/xexsenV x
y T es el operador segunda
derivada 2
DT . Encuentre los valores y vectores característicos de T .
DESARROLLO:
Obtengamos la matriz asociada a la transformación con respecto a la base xexsenB x
,,
000
010
001
TA , y como podemos notar esta matriz es una matriz DIAGONAL, por lo tanto la
base que utilizamos para obtenerla debe estar formada por los vectores propios de la transformación,
entonces: xsenv 1 , asociado a 11 ,
x
ev 2 , asociado a 12 , xv 3 , asociado a
03 .
8. 8
10. Sea A que pertenece a las matrices nn y nk,,, k 321 sus correspondientes valores
característicos, sea una constante cualquiera; pruebe que los valores característicos de A son
k,,, 321
DESARROLLO:
Si i es un valor propio de A , entonces debe existir un vector iv , tal que: iii vAv ,
ki ...,2,1 . Multiplicando por ambos lados de esta ecuación, tenemos iii vAv
iii vvA , lo cual quiere decir que el escalar i es un valor propio de la matriz A , para
ki ,...,2,1 .
11. Sea
500
032
023
A
a) ¿Es la matriz A ortogonalmente diagonalizable? Justifique su respuesta.
DESARROLLO:
Si, ya que la matriz A es simétrica.
b) Determine la multiplicidad algebraica de cada uno de los valores característicos de A y describa
los correspondientes espacios característicos.
DESARROLLO:
155565
500
032
023
2
p
1,12,5 21 mama .
5 :
2,
1
0
0
0
1
1
/
000
022
022
215
mgvvyx
z
y
x
1 :
1,
0
1
1
0/
400
022
022
35
mgvzyx
z
y
x
c) Si A fuese diagonalizable, encuentre la matriz Q tal que AQQD T
, sea una matriz diagonal.
DESARROLLO:
Dicha matriz Q ortogonal, está formada por los vectores propios de A ortonormalizados, por
lo tanto:
9. 9
010
2
1
0
2
1
2
1
0
2
1
Q
d) Escriba la matriz D .
DESARROLLO:
Esta matriz está formada por los valores propios de la matriz, dependiendo su orden de la matriz
Q , entonces:
100
050
005
D
12. Sea 2
3
PR:T una transformación lineal, donde k,j,iB 1 y 2
2 1 x,x,B son bases de
3
R y 2P respectivamente. Si se conoce que:
2
2
81
99
99
xxikT
xxkjT
xjiT
a) Encuentre la representación matricial de T con respecto a las bases 1B y 2B .
DESARROLLO:
Encontremos primeramente kTjTiT ,, :
2
2
2
2
2
2
2
2
2
544
454
445
544
99
8
99
99
81
99
99
xxkT
xxjT
xxiT
xxkT
kTxxjT
xxjTkT
xxkTjT
jTxiT
xxiTkT
xxkTjT
xjTiT
por lo tanto la matriz asociada a la transformación es:
544
454
445
TA
b) ¿Es diagonalizable ortogonalmente la matriz encontrada en a)?
DESARROLLO:
Si es diagonalizable, y en este caso no es necesario obtener los vectores propios para saberlo, ya
que esta matriz es simétrica ( las matrices simétricas siempre son diagonalizables ).
c) Si su respuesta a la pregunta anterior es afirmativa, encuentre la matriz Q que diagonalice
ortogonalmente a la matriz encontrada en a).
DESARROLLO:
10. 10
Encontremos los vectores propios de la matriz:
3999169105
544
454
445
2
p
3 :
3
1
3
1
3
1
1
1
1
110
101
211
121
844
484
448
11 uv
zy
zx
9 :
1
0
1
0
1
1
111
444
444
444
32 vvzyx
Debemos ortonormalizar los vectores
1
0
1
0
1
1
32 vv , por lo tanto:
6
2
6
1
6
1
2
1
1
1
2
1
2
1
0
1
1
1
2
1
1
0
1
',
0
2
1
2
1
332 uvu
Entonces la matriz que diagonaliza ortogonalmente la matriz TA , es:
6
2
0
3
1
6
1
2
1
3
1
6
1
2
1
3
1
Q
d) ¿Representa T un isomorfismo? Justifique su respuesta.
DESARROLLO:
Si representa un isomorfismo, sin embargo no hace falta probarlo. Esto se debe a que
los valores propios de la matriz asociada a la transformación son todos diferentes de cero, lo cual
implica que la dicha matriz es invertible. Si la matriz asociada a la transformación es invertible,
entonces también lo es la transformación lineal, por lo tanto constituye un isomorfismo.
NOTA: 100010001 ,,k;,,j;,,i