13. CALCULO DIFERENCIAL UNFV – BASE 2009
7. Usando la definición, probar que:
𝟏− 𝒙
𝑳𝒊𝒎 = −∞
𝒙→𝟐 ( 𝒙 − 𝟐) 𝟐
Resolución
Se tiene que: Domf ( x ) =¡ −{2} ⇒ x =2 es un punto de acumulación del dominio.
La definición del límite de f ( x ) = cuando f(x) tiende a −∞ , si x tiende a 2 es:
1− x
( x − 2)2
1− x
lim = −∞ ⇔ ∀ε > 0, ∃δ > 0 / x ∈Domf ( x ) ∧ si 0 < x − 2 < δ ⇒ f ( x ) < − M
x →2 ( x − 2)2
1− x
⇒ f (x)
= < − M ……………………………..….(1)
( x − 2)2
1 1 1 1 3
Si 0 < x − 2 < δ1 = ⇒ − < x − 2 < ⇒ < x −1<
2 2 2 2 2
Como: ( x − 2)2 > 0; siendo x ≠ 2 ⇒ multiplicamos la expresión anterior por:
1
( x − 2)2
1 x −1 3
⇒ < <
2( x − 2) ( x − 2) 2( x − 2)2
2 2
3 1− x 1
⇒ − < <− …………………...(2)
De las ecuaciones (1) y (2):
2 2
2( x − 2) ( x − 2) 2( x − 2)2
1 1
⇒ − < −M ⇒ >M
2( x − 2)2 2( x − 2)2
1 1 1
⇒ 2( x − 2)2 < ⇒ ( x − 2)2 < ⇒ x −2 <
M 2M 2M
1
Si 0 < x − 2 < δ se toma: δ =
2M
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15. CALCULO DIFERENCIAL UNFV – BASE 2009
1 − cosx senx 2x
senx (1 − cosx ) tgx ⋅ 2sen 2
cosx cosx
f (x )
= = = 3 3 3
x x x
x x x
sen2 sen2 sen2
tgx 2 = x ⋅
tg 2 =tgx ⋅
1 2
f (x ) = ⋅
2 2 ⋅
x x 2
x x
2
2 x x
2
4
Reemplazando en el límite:
2 2
x x
sen2 sen2
1 tgx 2 1 tgx 2 = 1 ⋅ 1⋅ 1
lim f ( x ) = lim ⋅ ⋅ = lim ⋅ lim
x→0 x→0 2 x x
2
2 x→0 x x→0
x
2
2
2 2
∴ 𝑳𝒊𝒎 𝒇( 𝒙) =
𝟏
𝒙→𝟎 𝟐
Rpta
9. Sea f la función definida por:
𝟓
𝐟(𝐱) = |𝐱 + 𝟓| +
|𝐱| − 𝟒
Bosqueje el gráfico de f mostrando sus asíntotas.
Resolución
El dominio de la función f(x) será:
Domf ( x =
) {x ∈ ¡ / x − 4 ≠ 0}
= {x ∈ ¡ / x ≠ 4} {x ∈ ¡ / x ≠ 4 ∨ x ≠ −4}
=
Redefiniendo la función:
𝑉𝑎𝑙𝑜𝑟𝑒𝑠 𝑐𝑟í𝑡𝑖𝑐𝑜𝑠 𝑥 = −5, 𝑥 = 0 (𝑥 ≠ 0)
Se tienen 3 intervalos:
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16. CALCULO DIFERENCIAL UNFV – BASE 2009
∗ x < −5 ⇒ x+5 = −( x + 5) ∧ −x
x =
5
⇒ f1( x ) = −( x + 5) + ; x < −5
−x − 4
∗ −5≤ x < 0 ⇒ x+5 x + 5 ∧
= −x
x =
5
⇒ f2 ( x )= x + 5 − ; − 5 ≤ x < 0 , x ≠ −4
x +4
∗ x >0 ⇒ x
x+5 = + 5 ∧ x =x
5
⇒ f3 ( x ) = x + 5 + ; x ≥ 0, x ≠ 4
Luego:
x −4
5
− x + 5 + x + 4 ; x < −5
5
f ( x= x + 5 −
) ; − 5 ≤ x < 0 , x ≠ −4
x +4
5
x + 5 + ; x ≥ 0, x ≠ 4
Asíntotas verticales:
x −4
Las posibles asíntotas verticales de la gráfica de f(x) serán en los puntos de
acumulación del dominio (𝑥 = ±4).
5 5
∗ lim − f ( x ) =lim − x + 5 − =4 +5− − =+∞ =
− 1 +∞
x →−4 x →−4 x +4 0
5 5
∗ lim + f ( x ) =lim + x + 5 − =4 +5− + =−∞ =
− 1 −∞
∴ 𝒙 = −𝟒 es una Asíntota Vertical
x →−4 x →−4 x +4 0
5 5
∗ lim− f ( x ) =lim− x + 5 + = +5+ − = −∞ =
4 9 −∞
x →4 x →4 x −4 0
5 5
∗ lim+ f ( x ) =lim+ x + 5 + = +5+ + = +∞ =
4 9 +∞
∴ 𝒙 = 𝟒 es una Asíntota Vertical
x →4 x →4 x −4 0
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17. CALCULO DIFERENCIAL UNFV – BASE 2009
Asíntotas horizontales:
5
∗ lim f ( x ) = lim x + 5 + = +∞ + 0 = +∞ ∉ ¡
x →+∞ x →+∞ x −4
5
∗ lim f ( x ) = lim − x + 5 + = − ( −∞ + 0 ) = +∞ ∉ ¡
∴ No tiene Asíntota Horizontal
x →−∞ x →−∞ x +4
Asíntotas oblicuas: 𝒚 = 𝒎𝒙 + 𝒃
A.O.D:
5
x +5+
f (x ) x −4 5 5
= lim = lim
m = lim 1 + + = 1
x →+∞ x x →+∞ x x →+∞
x x( x − 4 )
5 5
=b lim f ( x ) − mx
= lim x + 5 + −x
= lim 5 + = 5
x →+∞ x →+∞
x −4 x →+∞
x − 4
∴ y= x + 5
A.O.I:
5
−x + 5 +
f (x ) x + 4 = lim 1 + 5 + 5
m= lim = lim − =1
−
x →−∞ x x →−∞ x x →−∞
x x(x + 4 )
5 5 5
b= lim f ( x ) − mx
= lim − x + 5 + + x
= lim −x − 5 − + x lim −5 −
= = −5
x →−∞ x →−∞
x +4 x →−∞
x +4 x →−∞ x − 4
Gráfico:
∴ y = −x − 5
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18. CALCULO DIFERENCIAL UNFV – BASE 2009
X=-4 X=4
y
5
x
-5
10. Dada la función definida por:
𝑺𝒈𝒏(𝒙 𝟐 − 𝟖) − 𝟑; 𝒙 ≤ −𝟑
𝒙
𝒇(𝒙) = 𝒙 � � + 𝟓𝒔𝒈𝒏(𝒙 − 𝟓); −𝟑 < 𝑥 < 𝟎
𝟑
𝒙− 𝟑
; 𝒙≥ 𝟎
𝒙𝟐 − 𝒙− 𝟔
Determinar los puntos de discontinuidad. Determinar el
tipo de discontinuidad y si es posible redefinir la función
para evitar la discontinuidad.
Resolución
Redefiniendo la función f(x). Para ello hallaremos:
∗ Si: x ≤ −3 ⇒ x 2 ≥ 9 ⇒ x 2 − 8 ≥ 1 > 0 ⇒ sgn( x 2 − 8 ) =1
𝑥 𝑥
∗ 𝑆𝑖: − 3 < 𝑥 < 0 ⟹ −1 < < 0 ⟹ � � = −1
3 3
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19. CALCULO DIFERENCIAL UNFV – BASE 2009
∗ Si: − 3 < x < 0 ⇒ − 8 < x − 5 < −5 ⇒ sgn( x − 5) = 1
−
x −3 x −3 1
∗ = = ; x ≥ 0, x ≠ 3
2
x −x −6 ( x − 3)( x + 2 ) x + 2
Luego:
1 − 3 ; x ≤ −3 −2 ; x ≤ −3
f ( x )= x ( −1) + 5( −1) ; − 3 < x < 0 ⇔ f ( x ) = −x − 5 ; − 3 < x < 0
1 1
; x ≥0 ; x ≥ 0, x ≠ 3
Graficando f(x):
x + 2 x + 2
y
1/2
-3 -2
3 x
-2
-5
Se observa que la función es discontinua en x=0. El
tipo de discontinuidad es inevitable. Lo que me indica
que no es posible redefinir la función para hacerla
continua en dicho punto.
Rpta
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20. CALCULO DIFERENCIAL UNFV – BASE 2009
11. Resolver:
𝟑
� 𝟔+ √ 𝒙 −𝟐
a) Sea 𝒇(𝒙) = ; 𝒙 ≠ 𝟔𝟒; ¿Cómo debe ser definida
𝟔
𝒙−𝟔𝟒
f(64), de modo que la función sea continua en x= 64?
b) Un automóvil viaja de noche por una carretera en
forma de parábola con vértice en el origen, el
vehículo parte de un punto a 100 m al oeste y a 100
m al norte del origen y viaja en dirección general
hacia el este. Hay una estatua a 100 m al este y 50
m al norte de origen ¿en qué punto de la carretera
los faros del automóvil la iluminaria?
Resolución
a) Debemos redefinir la función en x=64 a fin de hacerla continua en dicho punto.
Aplicamos límite de una función cuando x tiende a 64:
(Forma indeterminada)
3
6+ 6 x −2 0
lim f ( x )
= lim
=
Levantando la indeterminación:
x → 64 x → 64 x − 64 0
3
6+ 6 x −2 3
6 + 6 x − 2 3 ( 6 + 6 x )2 + 3 6 + 6 x .2 + 22
= lim
lim f ( x ) = lim ⋅
x → 64 x → 64 x − 64 x → 64 x − 64 3
( 6 + 6 x )2 + 3 6 + 6 x .2 + 22
6+ 6 x −8 1
= lim
lim f ( x ) ⋅
x → 64 x → 64 x − 64 3
( 6 + 6 x )2 + 2 3 6 + 6 x + 4
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21. CALCULO DIFERENCIAL UNFV – BASE 2009
1 x − 2 6 x 5 + 6 x 4 ⋅ 2 + 6 x 3 ⋅ 22 + ... + 25
6
= lim
lim f ( x ) ⋅ ⋅
( 6 + 6 x )2 + 2 3 6 + 6 x + 4 x − 64 6 x 5 + 6 x 4 ⋅ 2 + x 3 ⋅ 22 + ... + 25
x → 64 x → 64 3 6
1 x − 64 1
= lim
lim f ( x ) ⋅ ⋅
( 6 + 6 x )2 + 2 3 6 + 6 x + 4 x − 64 6 x 5 + 6 x 4 ⋅ 2 + x 3 ⋅ 22 + ... + 25
x → 64 x → 64 3 6
1 1 1 1
lim f ( x ) = ⋅ 5
= ⋅ 5
x →64 3
( 6 + 2)2 + 2 3 6 + 2 + 4 6 ⋅ 2 3 ⋅ 4 6 ⋅ 2
1
lim f ( x ) =
2304
La función redefinida será:
x → 64
3 6 + 6 x −2
; x ≠ 64
f ( x ) = x − 64
Rpta
1 ; x = 64
2304
b) Graficando:
N
y
O E
S
Partida
100
50 Estatua
-100 100 x
P(a,b)
Ecuación general de la parábola con vértice en el origen:
y = ax 2 ........................... (1)
Pero ( −100; 100 ) ∈ Parábola ⇒ En la Ec.(1) : 100 =a( −100 ) ⇒ a =
2 1
100
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22. CALCULO DIFERENCIAL UNFV – BASE 2009
1
⇒ y =x 2 .............................. (2)
100
Hallando la ecuación de la recta LT de la iluminación en el punto P:
Para ello consideramos el punto de paso (100; 50): (de la estatua)
y − 50 = m( x − 100 )
⇒ y = mx + 50 − 100m ............................. (3)
Cálculo de la pendiente “m” con la ecuación de la parábola:
2 1
m =y ¢= x ⇒ m= x
Reemplazando en (3):
100 50
1 2
⇒ y
= x − 2x + 50 .........................(4)
50
Igualando las ecuaciones (2) y (4):
1 2 1 2
x= x − 2x + 50
100 50
0 =2 − 200x + 5000
x
Resolviendo: x
200 ± 2002 − 4(1)( 5000 ) 200 ± 100 2
= =
2 2
x = 100 ± 50 2 ⇒ x 1 = 100 − 50 2 ∨ x 2 = 100 + 50 2
En la ecuación (2): ⇒ y =
1
(100 − 50 2 )2 = (10 − 5 2 )2 = 150 − 100 2
100
Finalmente el punto P pedido es:
∴ 𝑷(𝒂; 𝒃) = (𝟏𝟎𝟎 − 𝟓𝟎√𝟐; 𝟏𝟓𝟎 − 𝟏𝟎𝟎√𝟐) Rpta
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23. CALCULO DIFERENCIAL UNFV – BASE 2009
12. Hallar c y d para que f(x) sea continua:
x 2 + 8 − 3 x 2 − 24 x + 2
c ; x < −1
3 7 − x + 5− x2 − 4
−1
f ( x ) = cd ; x = −1
−2 5
d (
31 − x − 6 x − 8
; x > −1
)
3
26 − x − 5x − 8
Resolución
Sea f1( x )
x 2 + 8 − 3 x 2 − 24 x + 2 d −2 ( 5 31− x − 6 x − 8)
= c = ; x < −1 ∧ f2 ( x ) ; x > −1
3 7− x + 5− x 2 − 4 3
26 − x − 5 x − 8
La función f(x) será continua en x 0 =1 ⇔ se cumplen las tres condiciones siguientes:
−
i) ∃f ( −1) = −1
cd
x 2 + 8 − 3 x 2 − 24 x + 2 d −2 ( 5 31− x − 6 x − 8)
ii) lim f1( x ) =c
lim f2 ( x ) ⇔ lim =lim+ 3
x →−1− x →−1+ x →−1− 3 7 − x + 5 − x 2 − 4 x→−1 26 − x − 5 x − 8
x 2 + 8 − 3 x 2 − 24 x + 2 ( x 2 + 8 − 3) − ( 3 x 2 − 24 x + 2 − 3)
= lim− c
∗ lim− f1( x ) = c lim−
x →−1
x →−1 3
7 − x + 5 − x 2 − 4 x →−1 ( 3 7 − x − 2) + ( 5 − x 2 − 2)
Multiplicando cada término por sus factores racionalizantes:
x2 +8 +3 3
( x 2 − 24 x + 2)2 + 3 3 x 2 − 24 x + 2 + 32
( x 2 + 8 − 3)⋅ − ( 3 x 2 − 24 x + 2 − 3)⋅
x2 +8 +3 3
( x 2 − 24 x + 2)2 + 3 3 x 2 − 24 x + 2 + 32
lim− f1( x ) = c lim−
x →−1 x →−1 3
(7 − x )2 + 2 3 7 − x + 22 5− x 2 +2
( 3 7 − x − 2)⋅ + ( 5 − x 2 − 2)⋅
3
(7 − x )2 + 2 3 7 − x + 22 5− x 2 +2
x2 +8 −9 x 2 − 24 x + 2 − 27
−
x2 +8 +3 ( x 2 − 24 x + 2)2 + 3 3 x 2 − 24 x + 2 + 32
3
lim− f1( x ) = c lim−
x →−1 x →−1 [7 − x − 8] 5− x2 − 4
+
3
(7 − x )2 + 2 3 7 − x + 22 5− x2 +2
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24. CALCULO DIFERENCIAL UNFV – BASE 2009
x 2 −1 x 2 − 24 x − 25
−
x2 +8 +3 ( x 2 − 24 x + 2)2 + 3 3 x 2 − 24 x + 2 + 9
3
lim− f1( x ) = c lim−
x →−1 x →−1 −( x +1) −( x 2 −1)
+
3
(7 − x )2 + 2 3 7 − x + 4 5− x2 +2
( x +1) ( x −1) ( x +1) ( x − 25)
−
2
x +8 +3 ( x − 24 x + 2)2 + 3 3 x 2 − 24 x + 2 + 9
3 2
lim− f1( x ) = c lim−
x →−1 x →−1 − ( x +1) ( x +1) ( x −1)
−
3
(7 − x )2 + 2 3 7 − x + 4 5− x2 +2
x −1 x − 25
−
2
x +8 +3 ( x − 24 x + 2) + 3 3 x 2 − 24 x + 2 + 9
3 2 2
lim− f1( x ) = c lim−
x →−1 x →−1 −1 x −1
−
2
3 3
(7 − x ) + 2 7 − x + 4 5− x2 +2
Evaluando el límite:
−2 −26 1 26 17
− − +
6 3(9) 68
lim− f1( x ) =
c⋅ = 3 27 = 27 = c
c⋅ c⋅
x →−1 −1 −2 1 1 5 45
− − +
3(4) 2(2) 12 2 12
5
31− x − 6 x − 8 ( 5 31− x − 2) − 6( x +1)
= d= d −2 lim+ 3
∗ lim+ f2 ( x ) −2 lim+ 3
x →−1 x →−1 26 − x − 5 x − 8 x →−1 ( 26 − x − 3) − 5( x +1)
Multiplicando por sus factores racionalizantes:
5
(31− x )4 + 5 (31− x )3 .2 + ... + 24
( 5 31− x − 2)⋅ − 6( x +1)
−2
5
(31− x )4 + 5 (31− x )3 .2 + ... + 24
lim f2 ( x ) = d lim
x →−1+ x →−1+ 3
(26 − x )2 + 3 3 26 − x + 32
( 3 26 − x − 3)⋅ − 5( x +1)
3
(26 − x )2 + 3 3 26 − x + 32
31− x − 32
− 6( x +1)
−2
5
(31− x )4 + 5 (31− x )3 .2 + ... + 24
lim f2 ( x ) = d lim
x →−1+ x →−1+ 26 − x − 27
− 5( x +1)
3
(26 − x )2 + 3 3 26 − x + 32
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25. CALCULO DIFERENCIAL UNFV – BASE 2009
− ( x +1)
− 6 ( x +1)
−2
5
(31− x )4 + 5 (31− x )3 .2 + ... + 24
lim f2 ( x ) = d lim
x →−1+ x →−1+ − ( x +1)
− 5 ( x +1)
3
(26 − x )2 + 3 3 26 − x + 32
−1
−6
−2
5
(31− x )4 + 5 (31− x )3 .2 + ... + 24
lim f2 ( x ) = d lim
x →−1+ x →−1+ −1
−5
3
(26 − x )2 + 3 3 26 − x + 32
Evaluando el límite:
−1 1 481
−6 − −6
4 481×27
lim+ f2 ( x ) = −2 ⋅ 5⋅2
d = −2 ⋅ 80
d = −2 ⋅ 80 = −2 ⋅
d d
x →−1 −1 1 136 80×136
2
−5 − −5
3⋅3 27 27
68 481×27
⇒ lim f ( x ) = − f1( x ) = + f2 ( x ) ⇒
lim lim d−
c =2 ⋅
x →−1 x →−1 x →−1 45 80×136
68 481×27
iii) lim f ( x ) = −1 ⇒
cd d−
c =2 ⋅ = −1
cd
x →−1 45 80 ×136
Igualando:
68 45
∗ c = c d −1 ⇒ d = Rpta
45 68
∗ 𝑐𝑑 −1 = 𝑑 −2 . ⟹ 𝑐= . ⟹ 𝑐= .
481𝑥27 1 481𝑥27 68 481𝑥27
80𝑥136 𝑑 80𝑥136 45 80𝑥136
∴ 𝒄=
𝟏𝟒𝟒𝟑
𝟖𝟎𝟎
Rpta
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26. CALCULO DIFERENCIAL UNFV – BASE 2009
13. Halle el área de la región comprendida por la recta
tangente normal a la curva cuya ecuación es 𝒙 𝟐 + 𝒙𝒚 +
𝒚 𝟐 = 𝟕 en el punto (1;2) y la asíntota oblicua derecha a
𝟐𝒙 𝟑 + 𝟑𝒙 + 𝟏
la gráfica de la función:
𝒇(𝒙) = +� 𝒙𝟐+ 𝟔
𝒙 𝟐− 𝒙− 𝟔
Resolución
Sean LT y LN rectas tangente y normal respectivamente a la curva x 2 + xy + y 2 = el
7 en
punto (1;2).
Entones:
LT : y − 2 m( x −1)
= ⇒ y= mx + 2 − m ……………………….. (1)
1 1 1
LN : y − 2 =− ( x −1) ⇒ y = x + 2 + ……………………..
− (2)
Calculando “m”:
m m m
Derivando implícitamente la ecuación de la curva x 2 + xy + y 2 =
7
2 x + y + xy ¢ 2 yy ¢= 0 ⇒ ( x + 2 y ) y ¢ - (2 x + y )
+ =
2x + y
⇒ y¢ m= -
=
x +2y
En (1,2) la pendiente m será: m = -
2(1) + 2 4
=−
Reemplazando en las ecuaciones (1) y (2):
1+ 2(2) 5
4 14 5 3
LT : y = x +
− ∧ LN : y = +
x
Calculando ahora, la asíntota oblicua derecha a la gráfica de la función:
5 5 4 4
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27. CALCULO DIFERENCIAL UNFV – BASE 2009
2 x 3 + 3 x +1
=
f (x) + x2 +6
Sea la ecuación de la asíntota oblicua derecha de f(x):
2
x − x −6
………….(3)
Hallando “a” y “b”:
= ax + b
y
2 x 3 + 3 x +1
+ x2 +6 3 2
= lim
∗ a = lim
f (x) x 2 −= lim 2 x + 3 x +1 + x + 6
x −6
x →+∞ x x →+∞ x x →+∞ x ( x 2 − x − 6) x
Evaluando:
3 1 6 3 1
x 3 2 + 2 + 3 x 1+ 2 2+ 2 + 3
a = lim x x = lim+ x x x + 1+ 6
x →+∞ 1 6 x x →+∞ 1 6 x2
x 3 1− − 2 1− − 2
x x x x
2+0+0
=a + 1+ 0 ⇒ a 3
=
1− 0 − 0
2 x 3 + 3 x +1
= lim [f ( x= lim 2
∗ b ) − ax ] + x 2 + 6 −3x
x →+∞ x →+∞ x − x − 6
2 x 3 + 3 x +1 2 x 2 +15 x +1 x2 +6 + x
= lim 2
b − 2 x + ( x 2 + 6 − x ) lim 2
= + ( x 2 + 6 − x )⋅
x →+∞ x − x − 6 x →+∞ x − x − 6
x2 +6 + x
2 15 1
2 x 2 +15 x +1 x 2 + 6 − x 2 x 2+ x + x2
+ 6
= lim 2
b + = lim
x→+∞
x →+∞
x − x −6 x2 +6 + x x 2 1− 1 − 6 6
x 1+ 2 +1
x x2 x
Evaluando el límite se obtiene: b = +
2 6
= +0 ⇒ b =
2 2
En la ecuación (3): (Ecuación de la asíntota oblicua derecha de f(x))
1 ∞⋅2
Con las rectas obtenidas, determinamos sus puntos de intersección:
= 3x +2
y
4 14 5 3
LT : y = x +
− ∧ LN : y = +
x ∧ A.O.D: y =+ 2
3x
5 5 4 4
Resolviendo se obtienen: (1;2), ; , − ; −
4 50 5 1
Graficando las ecuaciones de rectas halladas:
19 19 7 7
Toribio Córdova Condori UNFV / Educación Secundaria / Matemática – Física 27
28. CALCULO DIFERENCIAL UNFV – BASE 2009
y A.O.D.
LT
B 4 ; 50 LN
19 19
A f (x)
(1;2)
C x
5 1
− ;−
7 7
Finalmente el área sombreada:
AB ⋅ AC
Area = ………………………………(4)
2
2 2 2 2
4 50 15 12 3 41
=
AB −1 + − 2 = + =
19 19 19 19 19
2 2 2 2
5 1 12 15 3 41
AC = 1+ + 2 + = + =
En (1):
7 7 7 7 7
𝑨𝒓𝒆𝒂 = ⟹ ∴ 𝑨𝒓𝒆𝒂 =
𝟑√𝟒𝟏 𝟑√𝟒𝟏
𝟏𝟗
. 𝟕 𝟑𝟔𝟗
𝟐 𝟐𝟔𝟔
Rpta
14. Sea
x 3 nπx +1 2 nπx +1
=
f (x) cos nx − sen nx +1
4 + mx
1
Hallar n m si: xlim f ( x ) = −
2
→+∞ 24
Toribio Córdova Condori UNFV / Educación Secundaria / Matemática – Física 28